高三人教版数学章末综合测试题平面向量数系的扩充与复数的引入Word格式文档下载.doc
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解析 C a+b=(-1,-2)=-a,所以a与c的夹角即a+b与c的夹角的补角.
设a+b与c的夹角为θ,则cosθ===,故θ=,则a与c的
夹角为.
5.已知A(-3,0),B(0,2),O为坐标原点,点C在∠AOB内,且∠AOC=45°
,设=
λ+(λ∈R),则λ的值为( )
A.1B.C.D.
解析 A 如图,过C作CE⊥x轴于点E,则|OE|=|CE|=2,所
以=+=λ+,即=λ,所以(-2,0)=
λ(-3,0),故λ=.故选A.
6.(2011·
湖南十二校联考)平面上有四个互异的点A、B、C、D,满足(-)·
(-)
=0,则三角形ABC是( )
A.直角三角形 B.等腰三角形
C.等腰直角三角形 D.等边三角形
解析 B (-)·
(-)=(-)·
(+)=(-)·
=(-
)·
(+)=||2-||2=0,故||=||,即△ABC是等腰三角形.
7.(2011·
杭州月考)已知定义在复数集C上的函数f(x)满足f(x)=则
f(1+i)=( )
A.-2 B.0C.2D.2+i
解析 C ∵(1+i)∉R,∴f(1+i)=(1-i)(1+i)=1-i2=2.
8.如图所示,非零向量O=a,O=b,且BC⊥OA,C为垂足,若O=λa(λ≠0),
则λ=( )
A. B.
C. D.
解析 A B⊥O,即B⊥O⇒(O-O)·
O=0⇒|O|2-O·
O=0,
即λ2|a|2-λa·
b=0,解得λ=.
9.(2011·
济南一模)设a是实数,且+是实数,则a=( )
A.B.-1C.1D.2
解析 B 因为+=+=-i是实数,所以a=-1.
10.已知点A(-2,0)、B(3,0),动点P(x,y)满足P·
P=x2,则点P的轨迹是( )
A.圆B.椭圆C.双曲线D.抛物线
解析 D ∵P=(-2-x,-y),P=(3-x,-y),P·
P=x2,
∴(-2-x)(3-x)+y2=x2,化简得y2=x+6.
11.已知向量a=(1,1),2a+b=(4,2),则向量a,b的夹角为( )
A.B.C.D.
解析 B 由a=(1,1),2a+b=(4,2),得b=(4,2)-2(1,1)=(2,0).设向量a,b的夹
角为θ,则cosθ===,θ=.
12.(2011·
宝坻质量调查)已知点A,B,C在圆x2+y2=1上,满足2++=0(其
中O为坐标原点),又||=||,则向量在向量方向上的投影为( )
A.1B.-1C.D.-
解析 C 由2++=(+)+(+)=+=0,得=-,
即O,B,C三点共线.又||=||=1,故向量在向量方向上的投影为
||cos=.
二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.把答案填在题中横线上)
13.设向量a与b的夹角为θ,a=(3,3),2b-a=(-1,1),则cosθ=________.
解析 ∵a=(3,3),2b-a=(-1,1),∴b=(1,2),
∴cosθ===.
【答案】
14.如果复数z=(b∈R)的实部和虚部互为相反数,则b的值等于________.
解析 z==-i,由=,得b=0.
【答案】 0
15.(2011·
宣城调研)已知i是虚数单位,复数z满足=2-i,则z=________.
解析 由题意得,z=-i=-i=--i.
【答案】 --i
16.对于n个向量a1,a2,…,an,若存在n个不全为零的实数k1,k2,…,kn,使得k1a1+k2a2+…+knan=0成立,则称向量a1,a2,…,an是线性相关的.按此规定,能使向量a1=(1,0),a2=(1,-1),a3=(2,2)是线性相关的实数k1,k2,k3的值依次为________(只需写出一组值即可).
解析 根据线性相关的定义,
得k1(1,0)+k2(1,-1)+k3(2,2)=0⇒
令k3=1,则k2=2,k1=-4,∴k1,k2,k3的一组值为-4,2,1.
【答案】 -4,2,1
三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)
17.(10分)如图,在任意四边形ABCD中,E为AD的中点,F为BC的中点,证明:
+=2.
解析 因为F为BC的中点,所以+=0,
连接AF,DF,则有+=+++=
+++=+.而=+,=+,
又E为AD的中点,所以+=0.
所以+=+++=2,所以+=2.
18.(12分)计算下列各式的值:
(1)2;
(2);
(3)+i3.
解析
(1)2===2i.
(2)==2-i.
(3)+i3=+i3=+i3=i-i=0.
19.(12分)已知△ABC中,∠C是直角,CA=CB,D是CB的中点,E是AB上一点,且AE=2EB,求证:
AD⊥CE.
解析 建立如图所示的直角坐标系,
设A(a,0),则B(0,a),E(x,y).
∵D是BC的中点,∴D.
又∵=2,即(x-a,y)=2(-x,a-y),
∴解得
∵=-(a,0)=,==,
∴·
=-a×
+a×
=0.∴⊥,即AD⊥CE.
20.(12分)已知点A(2,0)、B(0,2)、C(cosα,sinα),O为坐标原点,且0<α<π.
(1)若|O+O|=,求O与O的夹角;
(2)若A⊥B,求tanα的值.
解析
(1)由已知可得O=(2,0),
O=(cosα,sinα),且|O+O|=,
∴=,化简得cosα=,
∵0<α<π,∴sinα=,∴=.
又∵O=(0,2),∴cos〈O,O〉==.
又∵〈O,O〉∈[0,π],∴〈O,O〉=.
(2)A=(cosα-2,sinα),B=(cosα,sinα-2),
由A⊥B,得(cosα-2,sinα)·
(cosα,sinα-2)=0,
即(cosα-2)cosα+sinα(sinα-2)=0,
化简得,sinα+cosα=,
∴sin2α+cos2α+2sinαcosα=,①
∴=,
即3tan2α+8tanα+3=0,解得tanα=.
由①得,sinαcosα=-<0且0<α<π,∴<α<π,又|sinα|>|cosα|,∴tanα=-.
21.(12分)在平面直角坐标系xOy中,已知圆x2+y2-12x+32=0的圆心为Q,过点P(0,2)且斜率为k的直线与圆Q相交于不同的两点A、B.
(1)求k的取值范围;
(2)是否存在常数k,使得向量O+O与P共线?
如果存在,求出k的值;
如果不存在,请说明理由.
解析
(1)圆的方程可写成(x-6)2+y2=4,
所以圆心为Q(6,0),过P(0,2)且斜率为k的直线方程为y=kx+2,代入圆的方程得
x2+(kx+2)2-12x+32=0,
整理,得(1+k2)x2+4(k-3)x+36=0.①
直线与圆交于两个不同的点A、B等价于
Δ=[4(k-3)]2-4×
36(1+k2)=16(-8k2-6k)>0,
解得-<k<0,
即k的取值范围为.
(2)设A(x1,y1),B(x2,y2),则O+O=(x1+x2,y1+y2),
由方程①得,x1+x2=-.②
又y1+y2=k(x1+x2)+4,③
而P(0,2),Q(6,0),P=(6,-2),
∴O+O与P共线等价于-2(x1+x2)=6(y1+y2).
将②③代入上式,解得k=-,
又k∈,∴不存在符合题意的常数k.
22.(12分)已知向量a=,b=,且x∈.
(1)求a·
b及|a+b|;
(2)若f(x)=a·
b-|a+b|,求f(x)的最大值和最小值.
解析
(1)a·
b=cosxcos-sinxsin=cos2x,|a+b|==2|cosx|,
∵x∈,∴cosx>
0.∴|a+b|=2cosx.
(2)f(x)=cos2x-2cosx=2cos2x-2cosx-1
=22-.
∵x∈,∴≤cosx≤1.
∴当cosx=时,f(x)取得最小值-;
当cosx=1时,f(x)取得最大值-1.