版高考物理复习 精选题辑 周测五 能量和动量Word文档下载推荐.docx

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解析：

本题考查的是曲线运动及动能定理．质点做曲线运动，恒力指向轨迹的内侧，在开始时恒力与速度成钝角，恒力做负功，当恒力与速度的夹角变为锐角时，恒力开始做正功，由动能定理知质点的动能先减小后增大，故本题答案为C.

2.

质量为2kg的物体以一定的初速度沿倾角为30°

的斜面向上滑行，在向上滑行的过程中，其动能随位移的变化关系如图所示，则物体返回到出发点时的动能为（取g＝10m/s2）（　　）

A．34JB．56J

C．92JD．196J

A

本题考查动能定理的应用．物体上滑的过程中重力与摩擦力都做负功，由动能定理得－mgx·

sin30°

－fx＝0－E0，下滑的过程中重力做正功，摩擦力做负功，得mgx·

－fx＝E－0，代入数据解得E＝34J，故选A.

3．（多选）如图所示，一质量为m的圆环套在一根固定的光滑竖直杆上，圆环通过细线绕过定滑轮O与质量为5m的钩码相连．竖直杆上有A、B、C三点，B为AC的中点，AO与竖直杆的夹角θ＝53°

，B点与滑轮O在同一水平高度，滑轮与竖直杆相距为L.现将圆环从A点由静止释放，已知：

sin53°

＝0.8，cos53°

＝0.6.下列说法正确的是（　　）

A．圆环下滑到B点时速度最大

B．圆环下滑到C点时速度为零

C．圆环下滑到B点时速度为2

D．砝码下降的最大距离为

CD

本题考查了机械能守恒定律、动能定理等知识．圆环在竖直方向合力为零时速度最大，B点时环竖直方向只受重力作用，圆环速度最大的位置为B点下方，选项A错误；

圆环滑到C点，那么钩码还在初始位置，如果圆环的速度为零，则系统的机械能是不守恒的，选项B错误；

圆环下滑到B点时，钩码的速度为零，根据mg＋5mg＝mv2，解得v＝2，选项C正确；

砝码下降的最大距离x＝－L＝，选项D正确．

4.

一质量为m的小球以初动能Ek0从地面竖直向上抛出，已知上升过程中受到阻力作用，图中两条图线分别表示小球在上升过程中动能、重力势能中的某一个与其上升高度之间的关系（以地面为零势能面，h0表示上升的最大高度，图中坐标数据中的k值为常数且满足0<

k<

1），则由图可知，下列结论正确的是（　　）

A．①表示的是动能随上升高度的图象，②表示的是重力势能随上升高度的图象

B．上升过程中阻力大小恒定且f＝（k＋1）mg

C．上升高度h＝h0时，重力势能和动能不相等

D．上升高度h＝时，动能与重力势能之差为mgh0

D

本题考查了动能定理、功能关系等知识．根据动能定理有－（mg＋f）h＝Ek－Ek0，得Ek＝Ek0－（mg＋f）h，可见Ek是减函数，由图象②表示，重力势能为Ep＝mgh，Ep与h成正比，由图象①表示，选项A错误；

从图象可知，重力势能、动能随着高度的变化成线性关系，故合力恒定，受到的阻力大小恒定，由功能关系可知，从抛出到最高点的过程中机械能的减少量等于阻力做的功的大小，由图象可知fh0＝Ek0－，且由动能定理可知Ek0＝（mg＋f）h0，解得f＝kmg，选项B错误；

当高度h＝h0时，动能为Ek＝Ek0－（mg＋f）h＝Ek0－（k＋1）mg·

h0，又由Ek0＝（k＋1）mgh0，联立解得Ek＝mgh0，重力势能为Ep＝mgh＝mgh0，所以在此高度时，物体的重力势能和动能相等，选项C错误；

当上升高度h＝时，动能为Ek＝Ek0－（mg＋f）h＝Ek0－（k＋1）mg·

＝mgh0，重力势能为Ep＝mg·

，则动能与重力势能之差为mgh0，选项D正确．

5．（2018·

重庆模拟）（多选）从水平地面上方某一高度处，将a球斜上抛，将b球平抛，且两球质量相等，初速度大小相同，最后落于同一水平地面上．不计空气阻力．在此过程中，下列说法正确的是（　　）

A．两球着地时的动能相同

B．两球着地时的动量相同

C．重力对两球所做的功相同

D．重力对两球的冲量相同

AC

斜上抛和平抛过程中两球都只受重力作用，只有重力做功，两球初位置高度相同，故重力做功相同，根据动能定理有Ek－Ek0＝WG，因为Ek0＝mv，两球初动能相同，WG相同，故两球着地时的动能相同，故A、C正确．两球初位置高度相同，将a球斜上抛，b球平抛，a球开始时具有向上的分速度，所以a球运动的时间比b球运动的时间长，故重力对a球的冲量比对b球的冲量大，则落地时a球竖直方向的分动量大；

又由于二者落地时的动能相等，则落地的速度大小相等，所以二者落地时速度的方向和动量的方向不同，故B、D错误．

6．（2018·

辽宁大连模拟）（多选）一质量为m的物块从某高度处以速度v0水平抛出，在抛出点其动能为重力势能的3倍，取水平地面为重力势能的参考平面，不计空气阻力，则以下结论正确的是（　　）

A．物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为

B．物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为

C．下落过程中重力的冲量大小为

D．下落过程中重力的冲量大小为

设物块抛出时的初速度为v0，高度为h，物块落地时的速度大小为v，方向与水平方向的夹角为α.根据机械能守恒定律得mv＋mgh＝mv2，由题意得mv＝3mgh，联立解得v＝v0，则cosα＝＝，可得α＝，故A正确，B错误；

物块落地时竖直方向的速度为vy＝v0tan＝v0，根据动量定理得下落过程中重力的冲量大小为I＝mvy＝mv0，故C正确，D错误．

7．（2018·

黑龙江哈三中二模）如图所示，在光滑水平面上质量为m的物体A以速度v0与静止的物体B发生碰撞，物体B的质量为2m，则碰撞后物体B的速度大小可能为（　　）

A．v0B.

C．0D.

物体A与物体B碰撞的过程中动量守恒，选物体A原来的运动方向为正方向：

如果发生的是完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得mv0＝（m＋2m）v，计算得出v＝v0；

如果发生的是完全弹性碰撞，由动量守恒定律得mv0＝mv1＋2mv2，由能量守恒定律得mv＝mv＋·

2mv，计算得出v2＝v0.碰撞后物体B的速度满足v0≤vB≤v0，选项D正确．

8．（多选）质量为m的物体静止在粗糙的水平地面上，从t＝0时刻开始物体受到方向恒定的水平拉力F作用，拉力F与时间t的关系如图甲所示．物体在t0时刻开始运动，其运动的v—t图象如图乙所示，若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则（　　）

A．物体与地面间的动摩擦因数为

B．物体在t0时刻的加速度大小为

C．物体所受合外力在t0时刻的功率为2F0v0

D．水平力F在t0～2t0时间内的平均功率为F0

AD

物体在时刻开始运动，故f＝F0，动摩擦因数μ＝，故A正确；

在t0～t0时间内，物体做变加速运动，不满足v0＝a·

t0，即a≠，在t0时刻由牛顿第二定律可知，2F0－f＝ma，a＝＝，故B错误；

在t0时刻，物体受到的合外力F＝2F0－f＝F0，功率P＝F0v0，故C错误；

在2t0时刻速度v＝v0＋t0，在t0～2t0时间内物体的平均速度＝＝，故平均功率P＝2F0＝F0，故D正确．

二、非选择题（本题包括4小题，共47分）

9．（8分）

某兴趣小组的实验装置如图所示，通过电磁铁控制的小球从A点（球心位于A点）自由下落，下落过程中经过光电门激光束所在位置B时，通过与光电门相连的毫秒计时器（图中未画出）记录下挡光时间t，测出A、B之间的距离h.实验前应调整光电门位置使小球下落过程中球心通过光电门中的激光束．

（1）若用该套装置验证机械能守恒定律，已知重力加速度为g，还需要测量的物理量为________．

A．A点与地面间的距离H

B．小球的质量m

C．小球从A到B的下落时间tAB

D．小球的直径d

（2）用游标卡尺测得小球直径如图甲所示，则小球直径为________cm，某次小球通过光电门毫秒计数器的读数为3ms，则该次小球通过光电门位置B时的瞬时速度大小为v＝________m/s.

（3）若用该套装置进行“探究做功和物体速度变化关系”的实验，大家提出以下几种猜想：

W∝v；

W∝v2；

W∝……然后调节光电门的位置，计算出小球每次通过光电门激光束所在位置B的速度v1、v2、v3、v4……并测出小球在A、B间的下落高度h1、h2、h3、h4……然后绘制了如图所示h－v的图象．若为了更直观地看出h和v的函数关系，他们下一步应该重新绘制________．

A．h－v2图象B．h－图象

C．h－图象D．h－图象

（1）D（2分）　

（2）1.14（2分）　3.8（2分）　（3）A（2分）

本题考查力学综合实验．

（1）根据机械能守恒定律得mgh＝mv2，本实验需测出A、B之间的距离以及小球经过光电门时的速度，故还需测量小球的直径d，选项D正确．

（2）小球的直径为1.1cm＋4×

0.1mm＝1.14cm.小球通过光电门位置B时的瞬时速度为v＝＝m/s＝3.8m/s.（3）为了验证两物理量之间的关系，在坐标系中应画出两者之间的正比例关系的函数图象，因mgh＝mv2，整理得h＝v2，即h与v2成正比，选项A正确．

10．（7分）某兴趣小组准备探究“合外力做功和物体速度变化的关系\”，实验前组员们提出了以下几种猜想：

①W∝v，②W∝v2，③W∝.

为了验证猜想，他们设计了如图甲所示的实验装置．PQ为一块倾斜放置的木板，在Q处固定一个速度传感器（用来测量物体每次通过Q点的速度）．在刚开始实验时，小刚同学提出“不需要测出物体质量，只要测出物体从初始位置到速度传感器的距离L和读出速度传感器的读数v就行了”，大家经过讨论采纳了小刚的建议．

（1）请你说明小刚建议的理由：

________________________________________________________________________；

（2）让物体分别从不同高度无初速度释放，测出物体初始位置到速度传感器的距离L1、L2、L3、L4，…读出物体每次通过Q点的速度v1、v2、v3、v4，…并绘制了如图乙所示的L－v图象．若为了更直观地看出L和v的变化关系，他们下一步应该作出________；

A．L－v2图象B．L－图象

C．L－图象D．L－图象

（3）实验中，木板与物体间摩擦力________（填“影响”或“不影响”）探究的结果．

（1）根据动能定理列出方程式mg（sinθ－μcosθ）L＝mv2，可以简化约去质量m（3分）

（2）A（2分）　（3）不影响（2分）

本题考查了探究“合外力做功和物体速度变化的关系”实验．

（1）若只有重力做功，则mgLsinθ＝mv2，等号的两边都有m，可以约掉，故不需要测出物体的质量．用牛顿第二定律求解，也能得出相同的结论，若是重力和摩擦力做功，则（mgsinθ－μmgcosθ）L＝mv2，等号的两边都有m，可以约掉，故不需要测出物体的质量．

（2）采用表格方法记录数据，合理绘制的L－v图象是曲线，不能得出结论W∝v2，为了更直观地看出L和v的变化关系，应该绘制L－v2图象，选项A正确．（3）重力和摩擦力的总功W也与距离L成正比，因此不会影响探究的结果．

11．（16分）我国拥有航空母舰后，舰载机的起飞与降落等问题受到了广泛关注.2012年11月23日，舰载机“歼－15\”首降“辽宁舰\”获得成功，随后舰载机又通过滑