1990年全国高考数学试题及答案Word格式.docx
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(C)a=3,b=-2(D)a=3,b=6【】
[Key](7)A
(A)圆(B)椭圆
(C)双曲线的一支(D)抛物线【】
[Key](8)D
(B){(2,3)}
(C)(2,3)(D){(x,y)│y=x+1}【】
[Key](9)B
【】
[Key](10)D
(11)如图,正三棱锥SABC的侧棱与底面边长相等,如果E、F分别为SC、AB的中点,那么异面直线EF与SA所成的角等于
(A)90°
(B)60°
(C)45°
(D)30°
[Key](11)C
(12)已知h>
0.设命题甲为:
两个实数a,b满足│a-b│<
2h;
命题乙为:
两个实数a,b满足│a-1│<
h且│b-1│<
h.那么
(A)甲是乙的充分条件,但不是乙的必要条件
(B)甲是乙的必要条件,但不是乙的充分条件
(C)甲是乙的充分条件
(D)甲不是乙的充分条件,也不是乙的必要条件【】
[Key](12)B
(13)A,B,C,D,E五人并排站成一排,如果B必须站在A的右边(A,B可以不相邻),那么不同的排法共有
(A)24种(B)60种(C)90种(D)120种【】
[Key](13)B
(14)以一个正方体的顶点为顶点的四面体共有
(A)70个(B)64个(C)58个(D)52个
[Key](14)C
(15)设函数y=arctgx的图象沿x轴正方向平移2个单位所得到的图象为C.又设图象C'与C关于原点对称,那么C'所对应的函数是
(A)y=-arctg(x-2)(B)y=arctg(x-2)
(C)y=-arctg(x+2)(D)y=arctg(x+2)【】
[Key](15)D
二、填空题:
把答案填在题中横线上.
(17)(x-1)-(x-1)2+(x-1)3-(x-1)4+(x-1)5的展开式中,x2的系数等于.
(18)已知{an}是公差不为零的等差数列,如果Sn是{an}的前n项的和,那
(19)函数y=sinxcosx+sinx+cosx的最大值是.
(20)如图,三棱柱ABC-A1B1C1中,若E、F分别为AB、AC
的中点,平面EB1C1F将三棱柱分成体积为V1、V2的两部分,那么V1:
V2=.
[Key]二、填空题:
三、解答题.7
(21)有四个数,其中前三个数成等差数列,后三个数成等比数列,并且第一个数与第四个数的和是16,第二个数与第三个数的和是12.求这四个数.
[Key]三、解答题.
(21)本小题考查等差数列、等比数列的概念和运用方程(组)解决问题的能力.
解法一:
①
由②式得d=12-2a.③
整理得a2-13a+36=0
解得a1=4,a2=9.
代入③式得d1=4,d2=-6.
从而得所求四个数为0,4,8,16或15,9,3,1.
解法二:
设四个数依次为x,y,12-y,16-x①
由①式得x=3y-12.③
将③式代入②式得y(16-3y+12)=(12-y)2,
整理得y2-13y+36=0.
解得y1=4,y2=9.
代入③式得x1=0,x2=15.
[Key](22)本小题考查三角公式以及三角函数式的恒等变形和运算能力.
由已知得
如图,不妨设0≤α≤β<2π,且点A的坐标是(cosα,
sinα),点B的坐标是(cosβ,sinβ),则点A,B在单位圆x2+y2=1上.连结
连结OC,于是OC⊥AB,若设点D的坐标是(1,0),再连结OA,OB,则有
解法三:
由题设得4(sinα+sinβ)=3(cosα+cosβ).
将②式代入①式,可得sin(α-)=sin(-β).
于是α-=(2k+1)π-(-β)(k∈Z),
或α-=2kπ+(-β)(k∈Z).
若α-=(2k+1)π-(-β)(k∈Z),则α=β+(2k+1)π(k∈Z).
于是sinα=-sinβ,即sinα+sinβ=0.
由此可知α-=2kπ+(-β)(k∈Z),
即α+β=2+2kπ(k∈Z).
所以
(23)如图,在三棱锥SABC中,SA⊥底面ABC,AB⊥BC.DE垂直平分SC,且分别交AC、SC于D、E.又SA=AB,SB=BC.求以BD为棱,以BDE与BDC为面的二面角的度数.
[Key](23)本小题考查直线和平面,直线和直线的位置关系,二面角等基本知识,以及逻辑推理能力和空间想象能力.
由于SB=BC,且E是SC的中点,因此BE是等腰三角形SBC的底边SC的中线,所以SC⊥BE.
又已知SC⊥DE,BE∩DE=E,
∴SC⊥面BDE,
∴SC⊥BD.
又∵SA⊥底面ABC,BD在底面ABC上,
∴SA⊥BD.
而SC∩SA=S,∴BD⊥面SAC.
∵DE=面SAC∩面BDE,DC=面SAC∩面BDC,
∴BD⊥DE,BD⊥DC.
∴∠EDC是所求的二面角的平面角.
∵SA⊥底面ABC,∴SA⊥AB,SA⊥AC.
设SA=a,
又因为AB⊥BC,
∴∠ACS=30°
.
又已知DE⊥SC,所以∠EDC=60°
即所求的二面角等于60°
又已知SC⊥DE,BE∩DE=E∴SC⊥面BDE,
∴SC⊥BD.
由于SA⊥底面ABC,且A是垂足,所以AC是SC在平面ABC上的射影.由三垂线定理的逆定理得BD⊥AC;
又因E∈SC,AC是SC在平面ABC上的射影,所以E在平面ABC上的射影在AC上,由于D∈AC,所以DE在平面ABC上的射影也在AC上,根据三垂线定理又得BD⊥DE.
∵DE面BDE,DC面BDC,
以下同解法一.
(24)设a≥0,在复数集C中解方程z2+2│z│=a.
[Key](24)本小题考查复数与解方程等基本知识以及综合分析能力.
设z=x+yi,代入原方程得
于是原方程等价于方程组
由②式得y=0或x=0.由此可见,若原方程有解,则其解或为实数,或为纯虚数.下面分别加以讨论.
情形1.若y=0,即求原方程的实数解z=x.此时,①式化为
x2+2│x│=a.③
(Ⅰ)令x>
0,方程③变为x2+2x=a.④
由此可知:
当a=0时,方程④无正根;
(Ⅱ)令x<
0,方程③变为x2-2x=a.⑤
当a=0时,方程⑤无负根;
当a>
0时,方程⑤有负根
x=1-.
(Ⅲ)令x=0,方程③变为0=a.
当a=0时,方程⑥有零解x=0;
0时,方程⑥无零解.
所以,原方程的实数解是:
当a=0时,z=0;
.
情形2.若x=0,由于y=0的情形前已讨论,现在只需考查y≠0的情形,即求原方程的纯虚数解z=yi(y≠0).此时,①式化为
-y2+2│y│=a.⑦
(Ⅰ)令y>
0,方程⑦变为-y2+2y=a,即(y-1)2=1-a.⑧
当a>
1时,方程⑧无实根.
当a≤1时解方程⑧得
y=1±
从而,当a=0时,方程⑧有正根y=2;
当0<
a≤1时,方程⑧有正根y=1±
(Ⅱ)令y<
0,方程⑦变为-y2-2y=a,即(y+1)2=1-a.⑨
1时,方程⑨无实根.
当a≤1时解方程⑨得y=-1±
从而,当a=0时,方程⑨有负根y=-2;
当0<
a≤1时,方程⑨有负根y=-1±
所以,原方程的纯虚数解是:
当a=0时,z=±
2i;
a≤1时,z=±
(1+)i,z=±
(1-)i.
而当a>
1时,原方程无纯虚数解.
设z=x+yi代入原方程得
x2+2│x│=a.
即|x|2+2│x│=a.③
解方程③得
所以,原方程的实数解是
-y2+2│y│=a.
即-│y│2+2│y│=a.④
当a=0时,因y≠0,解方程④得│y│=2,
即当a=0时,原方程的纯虚数解是z=±
2i.
a≤1时,解方程④得
即当0<
a≤1时,原方程的纯虚数解是
1时,方程④无实根,所以这时原方程无纯虚数解.
因为z2=-2│z│+a是实数,所以若原方程有解,则其
解或为实数,或为纯虚数,即z=x或z=yi(y≠0).
情形1.若z=x.以下同解法一或解法二中的情形1.
情形2.若z=yi(y≠0).以下同解法一或解法二中的情形2.
解法四:
设z=r(cosθ+isinθ),其中r≥0,0≤θ<
2π.代入原方程得
r2cos2θ+2r+ir2sin2θ=a.
情形1.若r=0.①式变成
0=a.③
当a=0时,r=0是方程③的解.
0时,方程③无解.
所以,当a=0时,原方程有解z=0;
0时,原方程无零解.
考查r>
0的情形.
(Ⅰ)当k=0,2时,对应的复数是z=±
r.因cos2θ=1,故①式化为
r2+2r=a.④
0时,方程④有正根.
所以,当a>
0时,原方程有解.
(Ⅱ)当k=1,3时,对应的复数是z=±
ri.因cos2θ=-1,故①式化为
-r2+2r=a,即(r-1)2=1-a,⑤
1时,方程⑤无实根,从而无正根;
从而,当a=0时,方程⑤有正根r=2;
所以,当a=0时,原方程有解z=±
a≤1时,原方程