二阶常微分方程解课件Word文档格式.docx
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或erx(r2+pr+q)=0
因为erx≠0,故得
r2+pr+q=0
由此可见,若r是二次方程
r2+pr+q=0(7.2)
的根,那么erx就是方程(7.1)的特解,于是方程(7.1)的求解问题,就转化为求代数方程(7.2)的根问题。
称(7.2)式为微分方程(7.1)的特征方程。
特征方程(7.2)是一个以r为未知函数的一元二次代数方程。
特征方程的两个根r1,r2,称为特征根,由代数知识,特征根r1,r2有三种可能的情况,下面我们分别进行讨论。
(1)若特证方程(7.2)有两个不相等的实根r1,r2,此时er1x,er2x是方程(7.1)的两个特解。
因为=e≠常数
所以er1x,er2x为线性无关函数,由解的结构定理知,方程(7.1)的通解为
y=C1er1x+C2er2x
(2)若特征方程(7.2)有两个相等的实根r1=r2,此时p2-4q=0,即
有r1=r2=,这样只能得到方程(7.1)的一个特解y1=er1x,因此,我们还要设法找出另一个满足≠常数,的特解y2,故应是x的某个函数,设=u,其中u=u(x)为待定函数,即
y2=uy1=uer1x
对y2求一阶,二阶导数得
=er1x+r1uer1x=(+r1u)er1x
=(r21u+2r1+)er1x
将它们代入方程(7.1)得
(r21u+2r1+)er1x+p(+r1u)er1x+quer1x=0
或
[+(2r1+p)+(r21+pr1+q)u]er1x=0
因为er1x≠0,且因r1是特征方程的根,故有r21+pr1+q=0,又因r1=-故有2r1+p=0,于是上式成为
=0
显然满足=0的函数很多,我们取其中最简单的一个
u(x)=x
则y2=xerx是方程(7.1)的另一个特解,且y1,y2是两个线性无关的函数,所以方程(7.1)的通解是
y=C1er1x+C2xer1x=(C1+C2x)er1x
(3)若特征方程(7.2)有一对共轭复根r1=α+iβ,r2=α-iβ
此时方程(7.1)有两个特解
y1=e(α+iβ)xy2=e(α-iβ)x
则通解为
y=C1e(α+iβ)x+C2e(α-iβ)x
其中C1,C2为任意常数,但是这种复数形式的解,在应用上不方便。
在实际问题中,常常需要实数形式的通解,为此利用欧拉公式
eix=cosx+isinx,e-ix=cosx-isinx
有(eix+e-ix)=cosx
(eix-e-ix)=sinx
(y1+y2)=eαx(eiβx+e-iβx)=eαxcosβx
(y1-y2)=eαx(eiβx-e-iβx)=eαxsinβx
由上节定理一知,(y1+y2),(y1-y2)是方程(7.1)的两个特解,也即eαxcosβx,eαxsinβx是方程(7.1)的两个特解:
且它们线性无关,由上节定理二知,方程(7.1)的通解为
y=C1eαxcosβx+C2eαxsinβx
或y=eαx(C1cosβx+C2sinβx)
其中C1,C2为任意常数,至此我们已找到了实数形式的通解,其中α,β分别是特征方程(7.2)复数根的实部和虚部。
综上所述,求二阶常系数线性齐次方程(7.1)的通解,只须先求出其特征方程(7.2)的根,再根据他的三种情况确定其通解,现列表如下
特征方程r2+pr+q=0的根
微分方程+p+qy=0的通解
有二个不相等的实根r1,r2
y=C1er1x+C2er2x
有二重根r1=r2
y=(C1+C2x)er1x
有一对共轭复根
y=eαx(C1cosβx+C2sinβx)
例1.求下列二阶常系数线性齐次方程的通解
(1)+3-10y=0
(2)-4+4y=0
(3)+4+7y=0
解
(1)特征方程r2+3r-10=0有两个不相等的实根
r1=-5,r2=2
所求方程的通解y=C1e-5r+C2e2x
(2)特征方程r2-4r+4=0,有两重根
r1=r2=2
所求方程的通解y=(C1+C2x)e2x
(3)特征方程r2+4r+7=0有一对共轭复根
r1=-2+ir2=-2-i
所求方程的通解y=e-2x(C1cosx+C2sinx)
7.2二阶常系数线性非齐次方程的解法
由上节线性微分方程的结构定理可知,求二阶常系数线性非齐次方程
+p+qy=f(x)(7.3)
的通解,只要先求出其对应的齐次方程的通解,再求出其一个特解,而后相加就得到非齐次方程的通解,而且对应的齐次方程的通解的解法,前面已经解决,因此下面要解决的问题是求方程(7.3)的一个特解。
方程(7.3)的特解形式,与方程右边的f(x)有关,这里只就f(x)的两种常见的形式进行讨论。
一、f(x)=pn(x)eαx,其中pn(x)是n次多项式,我们先讨论当α=0时,即当
f(x)=pn(x)时方程
+p+qy=pn(x)(7.4)
的一个特解。
(1)如果q≠0,我们总可以求得一n次多项式满足此方程,事实上,可设特解=Qn(x)=a0xn+a1xn-1+…+an,其中a0,a1,…an是待定常数,将及其导数代入方程(7.4),得方程左右两边都是n次多项式,比较两边x的同次幂系数,就可确定常数a0,a1,…an。
例1.求++2y=x2-3的一个特解。
解自由项f(x)=x2-3是一个二次多项式,又q=2≠0,则可设方程的特解为
=a0x2+a1x+a2
求导数=2a0x+a1
=2a0
代入方程有2a0x2+(2a0+2a1)x+(2a0+a1+2a2)=x2-3比较同次幂系数
解得
所以特解=x2-x-
(2)如果q=0,而p≠0,由于多项式求导一次,其次数要降低一次,此时=Qn(x)不能满足方程,但它可以被一个(n+1)次多项式所满足,此时我们可设
=xQn(x)=a0xn+1+a1xn+…+anx
代入方程(7.4),比较两边系数,就可确定常数a0,a1,…an。
例2.求方程+4=3x2+2的一个特解。
解自由项f(x)=3x2+2是一个二次多项式,又q=0,p=4≠0,故设特解
=a0x3+a1x2+a2x
求导数=3a0x2+2a1x+a2
=6a0x+2a1
代入方程得
12a0x2+(8a1+6a0)x+(2a1+4a2)=3x2+2,比较两边同次幂的系数
解得
所求方程的特解=x3-x2+x
(3)如果p=0,q=0,则方程变为=pn(x),此时特解是一个(n+2)次多项式,可设
=x2Qn(x),代入方程求得,也可直接通过两次积分求得。
下面讨论当α≠0时,即当f(x)=pn(x)eαx时方程
+p+qy=pn(x)eαx(7.5)
的一个特解的求法,方程(7.5)与方程(7.4)相比,只是其自由项中多了一个指数函数因子eαx,如果能通过变量代换将因子eαx去掉,使得(7.5)化成(7.4)式的形式,问题即可解决,为此设y=ueαx,其中u=u(x)是待定函数,对y=ueαx,求导得
=eαx+αueαx
求二阶导数=eαx+2αeαx+α2ueαx
代入方程(7.5)得
eαx[+2α+α2u]+peαx[+αu]+queαx=pn(x)eαx
消去eαx得
+(2α+p)+(α2+pα+q)u=pn(x)(7.6)
由于(7.6)式与(7.4)形式一致,于是按(7.4)的结论有:
(1)如果α2+pα+q≠0,即α不是特征方程r2+pr+q=0的根,则可设(7.6)的特解u=Qn(x),从而可设(7.5)的特解为
=Qn(x)eαx
(2)如果α2+pα+q=0,而2α+p≠0,即α是特征方程r2+pr+q=0的单根,则可设(7.6)的特解u=xQn(x),从而可设(7.5)的特解为
=xQn(x)eαx
(3)如果r2+pα+q=0,且2α+p=0,此时α是特征方程r2+pr+q=0的重根,则可设(7.6)的特解u=x2Qn(x),从而可设(7.5)的特解为
=x2Qn(x)eαx
例3.求下列方程具有什么样形式的特解
(1)+5+6y=e3x
(2)+5+6y=3xe-2x
(3)+α+y=-(3x2+1)e-x
解
(1)因α=3不是特征方程r2+5r+6=0的根,故方程具有形如
=a0e3x的特解。
(2)因α=-2是特征方程r2+5r+6=0的单根,故方程具有形如
=x(a0x+a1)e-2x的特解。
(3)因α=-1是特征方程r2+2r+1=0的二重根,所以方程具有形如
=x2(a0x2+a1x+a2)e-x的特解。
例4.求方程+y=(x-2)e3x的通解。
解特征方程r2+1=0
特征根r=±
i得,对应的齐次方程+y=0的通解为
Y=C1cosx+C2sinx
由于α=3不是特征方程的根,又pn(x)=x-2为一次多项式,令原方程的特解为
=(a0x+a1)e3x
此时u=a0x+a1,α=3,p=0,q=1,求u关于x的导数=a0,=0,代入
+(2α+p)+(α2+αp+q)u=(x-2)得:
10a0x+10a1+6a0=x-2
比较两边x的同次幂的系数有
解得a0=,a1=-
于是,得到原方程的一个特解为
=(x-)e3x
所以原方程的通解是
y=Y+=C1cosx+C2sinx+(x-)e3x
例5.求方程-2-3y=(x2+1)e-x的通解。
解特征方程r2-2r-3=0
特征根r1=-1,r2=3
所以原方程对应的齐次方程-2-3y=0的通解Y=C1e-x+C2e3x,由于α=-1是特征方程的单根,又pn(x)=x2+1为二次多项式,令原方程的特解
=x(a0x2+a1x+a2)e-x
此时u=a0x3+a1x2+a2x,α=-1,p=-2,q=-3
对u关于x求导
=3a0x2+2a1x+a2
=6a0x+2a1
代入+(2α+p)+(α2+pr+q)u=x2+1,得
-12a0x2+(6a0-8a)x+2a1-4a2=x2+1比较