四川省宜宾市届高三上学期第一次诊断考试理综物理试题解析解析版Word格式.docx

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A．该时刻P质点正向下振动

B．该波波长为5m

C．再经过一个周期质点P移动到M点

D．P、N两质点的振动情况总是相同

【答案】A

【解析】

试题分析：

波沿轴正向传播，可判断此时质点P正向下振动，故A正确；

根据图象知，该波的波长为，故B错误；

因为质点不随波迁移，故C错误；

P、N两点间隔半个波长，故两点的振动情况总是相反，故D选项错误．

考点：

波长、频率和波速的关系

【名师点睛】解题的技巧在于熟练掌握波动图象与振动图象的关系，逐一判断即可。

16．如图所示，两束单色光a、b射向一块半圆柱形玻璃砖圆心O，经折射后沿Oc射出玻璃砖。

下列说法正确的是

A．玻璃砖对a光的折射率小于对b光的折射率

B．a光的频率大于b光的频率

C．在真空中，a光的传播速度小于b光的传播速度

D．在玻璃中，a光的传播速度大于b光的传播速度

【答案】B

由图知两束的折射角相等，的入射角大于的人射角，通过折射定律可知玻璃砖对光的折射率比玻璃砖对光的折射率大，由于折射率越大，光的频率越大，则光的频率比光的频率小，故A错误，B正确；

由于玻璃砖对光的折射率大，根据公式，知在玻璃砖中光的传播速度小于光的传播速度，而在真空中波速相同，故CD错误。

光的折射

【名师点睛】通过光路图，判断出玻璃砖对两束光的折射率大小，从而知道两束光的频率大小，根据折射率和频率大小去判断出在玻璃砖中的速度大小．由公式比较临界角的大小，再分析全反射现象。

17．发射卫星的过程可以简化成如图所示的情景：

为节约能源，卫星发射到较低圆轨道Ⅰ上，然后在A点点火使卫星进入椭圆轨道Ⅱ，在椭圆轨道的远地点B点再次点火让卫星进入更高的轨道Ⅲ作周期与地球自转周期相同的匀速圆周运动，整个过程不计空气阻力。

则

A.该卫星一定是地球同步卫星

B.从轨道Ⅰ到轨道Ⅲ的过程中，卫星的机械能增大

C.卫星在Ⅲ轨道上的运行速度介于第一宇宙速度与第二宇宙速度之间

D.从A到B运动过程中，卫星上的时钟变慢

由题可以知道只是该卫星的周期与地球自转的周期相同，但是不一定在赤道上空，故选项A错误；

根据功能关系，从从轨道Ⅰ到轨道Ⅲ的过程中发动机对卫星做正功，故机械能增大，故选项B正确；

根据可以知道半径越大则线速度越小，则选项C错误；

根据可以知道，随着高度的增大，重力加速度减小，在时钟的周期变快，故选项D错误、

人造卫星

【名师点睛】本题关键是明确卫星的受力情况和运动情况，然后根据牛顿第二定律列式求解，注意只有地面的重力加速度为g。

18.雾霾天，a车在平直公路上以30m/s的速度匀速运动，突然发现正前方25m处的b车正以10m/s的速度同向匀速前进，a车司机经反应过来后立即刹车，不久防抱死系统出现故障。

两车的速度时间图象如下图所示，则下列说法正确是

A．a车在防抱死系统出现故障前，刹车的加速度大小为5m/s2

B．a车司机的反应时间为1s

C．两车不会发生追尾

D．两车会发生追尾

【答案】D

根据加速度定义：

，故选项A错误；

在司机的反应的时间里面，车辆仍然做匀速运动，则由图像可以知道司机反应的时间为，故选项B错误；

根据速度-时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，由图知，时，车的位移为：

，车的位移为：

，则，所以在以前，两车以及发生追尾现象，故D正确，ABC错误。

匀变速直线运动的图像；

匀变速直线运动的速度与时间的关系

【名师点睛】解答本题关键要抓住速度图象的面积表示进行求解，知道图线的物理意义，属于基本题。

19.如图所示，半径为R的半圆形轨道竖直固定在水平桌面上，圆心O与轨道上边沿和滑轮上边沿在同一水平线上，轨道最低点a与桌面相切。

Oc与Oa的夹角为60o，A、B两球用跨过滑轮的轻绳连接（两球均可视为质点）。

A球从c点由静止释放后沿圆轨道滑到a点时速度恰好为零。

设轻绳足够长，不计一切摩擦。

在此过程中下列说法正确的是

A．重力对A球做功的功率先变大 

后变小 

B．两球速度大小始终相等

C．绳上的拉力始终大于B球重力 

D.A、B两小球的质量之比为2:

1

【答案】AD

重力的功率就是，这里的是指竖直的分速度，一开始A是由静止释放的，所以A一开始的竖直速度也必然为零，最后运动到点的时候，由于此时的切线是水平的，所以此时的竖直速度也是零但是在这个过程当中是肯定有竖直分速度的，所以相当于竖直速度是从无到有再到无的一个过程，也就是一个先变大后变小的过程，所以这里重力功率也是先增大后减小的过程，故A正确；

、A由c点下滑到a点的过程中，沿绳子方向的速度是一样的，在A滑下去一段过程以后，此时的绳子与圆的切线是不重合，而是类似于圆的一根弦线而存在，所以此时两个物体的速度必然不相同的，故BC错误；

若A恰好能沿圆弧轨道下滑到点，此时两小球速度均为零，根据动能定理得：

，解得：

，故选项D正确。

功率、平均功率和瞬时功率；

力的合成与分解的运用

【名师点睛】本题解题的关键是对两个小球运动情况的分析，知道小球做什么运动，并能结合动能定理、几何关系解题。

20.如图所示的电路固定在光滑绝缘斜面上，平行板电容器两极板垂直于斜面且与底边平行，定值电阻R，水平放置的平行金属导轨PQ、MN与电路相连，导体棒垂直于导轨放置且与导轨接触良好。

在导轨间加一与水平面成α角斜向右上的匀强磁场，闭合开关，两板间的带电小球恰能静止。

现把滑动变阻器滑动端向N端移动，导体棒始终静止不动，忽略周围电流对磁场的影响，下列说法正确的是

A．带电小球沿斜面向上滑动

B．R的电功率变小

C．伏特表示数变小

D．导体棒有向左运动的趋势，且对导轨的压力变大

【答案】CD

安培力、闭合电路欧姆定律

【名师点睛】正确分析清楚过程中安培力的变化是解题关键，因此要注意讨论安培力的变化以及与重力向下分力的大小关系。

21.如图所示，ABCD是半径为R的四分之三光滑绝缘圆形轨道，最低点B和最高点D的右侧有竖直向上的匀强电场，场强大小为E。

一质量m,带电量+q的小球从A点正上方高h处的F点自由落下，从A点进入圆轨道时无能量损失，不计空气阻力，小球所带电量不变，则

A．若Eq=4mg,无论h多大，小球总能沿圆轨道到达D点

B．小球从B到D的过程可能作匀速圆周运动

C．调整h和E的大小，可能使小球到达D点时速度为零

D.调整h和E的大小，可能使小球沿圆轨道运动到D点并且水平飞出后到达A点

【答案】BD

向心力

【名师点睛】本题考查向心力和动能定理的相关知识，解决本题的关键是掌握动能定理，并能熟练运用，要注意洛伦兹力不做功，电场力做功与路径无关，只与初末位置有关。

第Ⅱ卷（非选择题，共174分）

三、非选择题（共174分）

22．

（1）为测定小物块P与圆形转台B之间的动摩擦因数（设滑动摩擦力与最大静摩擦力相等），某同学设计了如图所示实验，并进行如下操作：

A.用天平测得小物块P的质量m；

B.测出遮光片外边沿到圆心的距离为R+L；

C.将小物块P放在水平转台上，并让电动机带动转台匀速转动，调节光电门的位置，使固定在转台边缘的遮光片远离转轴的一端恰好能扫过光电门的激光束；

D.转动稳定后，从与光电门连接的计时器读出遮光片每次经过光电门的时间，并可以计算出遮光片外边沿的速率为v。

E.不断调整小物块与转台中心的距离，当距离为r时，小物块随转台匀速转动时恰好不会被甩出．

已知当地重力加速度为g，那么，转台旋转的角速度ω=_______，小物块与转台间的动摩擦因数μ=______，实验中不必要的步骤是____________（填步骤序号）

【答案】，，A

设小物块的质量为m，在恰好不被甩出时，最大摩擦力提供向心力，则有：

μmg=mω2r，而转动的线速度，又角速度，解得：

，由此可知不需要测量小物块P的质量，所以A步骤没有必要。

向心力；

线速度、角速度和周期

【名师点睛】解答本题要知道光电门的测速原理，在时间较短的情况下可以用平均速度来代替瞬时速度，知道在恰好不被甩出时，最大摩擦力提供向心力，难度不大，属于基础题。

（2）某市质监局对市场上出售的纯净水质量进行了抽测，结果发现竞有九成样品的细菌超标或电阻率不合格（电阻率是检验纯净水是否合格的一项重要指标）。

①对纯净水样品进行检验时，将采集的水样装入绝缘性能良好的塑料圆柱形容器内（如图甲），容器两端用直径为D的金属圆片电极密封（忽略容器壁的厚度）制成检查样品。

实验步骤如下：

A.用螺旋测微器测量样品的其厚度L；

B．选用多用电表的电阻“×

1k”挡，按正确的操作步骤测此塑料圆柱形容器的电阻，表盘的示数如图乙所示，则该电阻的阻值约为_______kΩ；

C．为更精确地测量其电阻，可供选择的器材如下：

电流表A1（量程1mA，内阻约为2Ω）；

电流表A2（量程100uA，内阻约为10Ω）；

电压表V1（量程lV，内阻r=10kΩ）；

电压表V2（量程l5V，内阻约为30kΩ）；

定值电阻R0=10kΩ；

滑动变阻器R（最大阻值5Ω）；

电源E（电动势约为4V，内阻r约为1Ω）；

开关，导线若干。

为了使测量尽量准确，电压表应选______，电流表应选_______。

（均填器材代号）

②根据你选择的器材，请在线框内画出实验电路图；

③该检验样品的厚度为L，直径为D，若用以上电路测量电压表的示数为U，电流表的示数为I，则检验样品的电阻率为ρ=________________（用相应物理量的字母表示）。

【答案】①B.，C.，

②电路如图所示

③

①该电阻的阻值约为．电源电动势为，直接使用电压表量程太小，电压表量程又太大，可以把电压表与定值电阻串联，增大其量程进行实验，故电压表选择，通过待测电阻的电流最大为，所以电流表选择。

②待测电阻的电压从零开始可以连续调节，变阻器的阻值远小于待测电阻的阻值，所以采用分压式接法，由于待测电阻阻值远大于电流表内阻，所以采用电流表内接法：

③根据欧姆定律和电阻定律：

，整理可以得到：

。

测定金属的电阻率

【名师点睛】根据电源电动势选择电压表，根据通过待测电阻的最大电流选择电流表，在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；

为准确测量电阻阻值，应测多组实验数据，滑动变阻器可以采用分压接法，根据待测电阻与电表内阻间的关系确定电流表的接法，作出实验电路图。

23．宜宾市某中学阳光体育活动跑操过程如图所示。

环形跑道由矩形ABCD和两个半圆BEC、DFA组成。

已知AB长L，AD长d。

跑操时