全国高中数学联赛试题及答案.docx
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全国高中数学联赛试题及答案
2010年全国高中数学联赛
一
试
一、填空题(每小题
8分,共64分,)
1.
函数f(x)
x
5
243x的值域是.
2.
已知函数y
(acos2
x
3)sinx的最小值为
3
,则实数a的取值范围是.
3.
双曲线x2
y2
1的右半支与直线
x
100围成的区域内部(不含边界)整点(纵横坐标
均为整数的点)的个数是
.
4.
已知{an}
是公差不为0的等差数列,{bn}
是等比数列,其中
a1
3,b11,a2
b2,3a5
b3,且存在常数
使得对每一个正整数
n都有an
log
bn
,
则
.
5.
函数
f
(
)
a
2x
3
a
x
2(
a
0,
a
1)
在区间x
[
1,1]上的最大值为
8,则它在这个区
x
间上的最小值是.
6.
两人轮流投掷骰子,每人每次投掷两颗,第一个使两颗骰子点数和大于
6
者为胜,否则轮
由另一人投掷.先投掷人的获胜概率是
.
7.
正三棱柱ABC
A1B1C1的9
条棱长都相等,P是CC1的中点,二面角B
A1P
B1
则sin
.
8.
方程
x
y
z
2010
满足
x
y
z
的正整数解(
y
)的个数是.
x
z
二、解答题(本题满分
56分)
9.
(16分)已知函数
f
(
)
ax
3
bx
2
(
a
0),当
0x
1
时,
f
(x)
,试求a
x
cxd
1
的最大值.
10.(20
分)已知抛物线y2
6x上的两个动点A(x1,y1)和B(x2,y2),其中x1x2
且
x
x
4
.
线段
AB
的垂直平分线与
x轴交于点
C
,求
ABC
面积的最大值.
1
2
11.(20分)证明:
方程2x3
5x20恰有一个实数根
r,且存在唯一的严格递增正整数数
列{an},使得
2
ra1
ra2
ra3
.
5
解答
1.
[3,
3]
提示:
易知
f(x)的定义域是
5,8,且f(x)在5,8上是增函数,从而可知
f(x)的值域为[3,
3].
2.
3
a
12
提示:
令sinx
t,则原函数化为
g(t)
(at2
a
3)t,即
2
g(t)
at3
(a
3)t.
由
at3
(a
3)t
3,at(t2
1)
3(t
1)
0,(t
1)(
at(t
1)
3)
0
及t
10
知
at(t
1)
3
0
即
a(t2
t)
3.
(1)
当t
0,
1时
(1)总成立;
对0
t
1,0
t2
t2;对1
t
0,
1
t2
t
0
.从而可知
3
a
12
.
4
2
3.9800
提示:
由对称性知,只要先考虑x轴上方的情况,设y
k(k
1,2,
99)与双曲线
右半支于Ak,交直线x
100于Bk,则线段AkBk内部的整点的个数为99
k,从而在x轴上方区
域内部整点的个数为
99
(99
k)
99
49
4851.
k
1
又x轴上有98个整点,所以所求整点的个数为
2
4851
98
9800.
4.
33
3
提示:
设{an}的公差为d,{bn}的公比为q,则
3d
q,
(1)
3(3
4d)
q2,
(2)
(1)代入
(2)得9
12d
d2
6d
9,求得d
6,q
9.
从而有3
6(n1)
log9n1
对一切正整数
n都成立,即6n
3
(n
1)log
9
对
一切正整数n都成立.
从而
log96,3log9,
求得
3
3,
3,
3
33.
5.
1
提示:
令ax
y,则原函数化为g(y)
y2
3y
2
g(y)在(
3
+)上是递增的.
4
2
当0a
1时,y
[a,a1],
g(y)max
a2
3a1
2
8
a1
2
a
1
,
2
所以
g(y)min
(1)2
3
1
2
1
;
2
2
4
当
a1时,y
[a1,a],
g(y)max
a2
3a
2
8
a
2,
所以
g(y)min
22
3
21
2
1
.
1
4
综上f(x)在x[
1,1]上的最小值为
.
12
4
6的概率为21
7
6.
提示:
同时投掷两颗骰子点数和大于
,从而先投掷人的获胜概率
17
36
12
为
7
(5)2
7
(5)4
7
7
1
12
.
12
12
12
12
12
12
1
25
17
144
7.
10
提示:
解法一:
如图,以AB所在直线为x轴,线段AB中点O为原点,OC所在
4
直线为y轴,建立空间直角坐标系
.设正三棱柱的棱长为
2,则
B(1,0,0),B1(1,0,2),A1(
1,0,2),P(0,3,1),从而,
BA1
(2,0,2),BP(
1,3,1),B1A1
(
2,0,0),B1P
(
1,
3,
1).
设分别与平面BA1P、平面B1A1P垂直的向量
z
A1
是m
(x1,y1,z1)、n
(x2,y2,z2),则
C1
mBA1
2x1
2z1
0,
B1
mBP
x1
3y1
z1
0,
P
A
nB1A1
2x2
0,
O
nB1P
x2
3y2
z2
0,
C
y
B
x
由此可设m(1,0,1),n(0,1,3),所以mnmncos,即
3
22cos
cos
6
.
4
所以sin
10
.
4
A1
解法二:
如图,PCPC1,PA1
PB.
设A1B
与
AB1
交于点
O,
则
OA1OB,OA
OB1,A1B
AB1.
B1
O
A
因为PA
PB1,所以PO
AB1,从而AB1
平
PA1B.
过O在平面PA1B上作OE
A1P,垂足为E.
B
连结B1E,则
B1EO为二面角BA1P
B1的平面角.
设AA1
PBPA1
5,A1OB1O
2,PO
3.
在直角PA1O中,A1O
PO
A1POE,即
2
3
5OE,
OE
又B1O
2,B1E
B1O2
OE2
2
645.
5
5
sin
sin
B1EO
B1O
2
10
.
B1E
45
4
5
8.336675
提示:
首先易知x
y
z
2010的正整数解的个数为
C20092
把xy
z2010满足x
y
z的正整数解分为三类:
(1)x,y,z均相等的正整数解的个数显然为
1;
(2)x,y,z中有且仅有
2个相等的正整数解的个数,易知为
1003;
(3)设x,y,z两两均不相等的正整数解为
k.
易知
C1
E
P
面
C
2,则易求得
6
.
5
20091004.
1
3
1003
6k
2009
1004,
所以
6k
2009
1004
3
1003
1
2006
1005
2009
3
2
1
2006
1005
2004,
即
k1003335334335671.
从而满足xyz的正整数解的个数为
11003335671336675.
f(0)
c,
9.解法一:
f(x)3ax2
2bxc,由f
(1)
3a
b
c,得
2
4
f
(1)
3a
2b
c
3a
2f
(0)
2f
(1)
4f
(1).
2
所以
3a
2f
(0)
2f
(1)
4f
(1)
2
2f
(0)
2f
(1)
4
f
(1)
8
,
2
所以a
8
.
又易知当f(x)
8x3
4x2
x
m(m为常数)满足题设条件,所以
a最大值
为8
3
3
.
3
解法二:
f
(x)
3ax2
2bx
c.
设g(x)
f
(x)
1,则当
0
x
1时,0
g(x)2.
设z2x
1,则x
z1,1
z
1.
2
g(z
1)
3az2
3a
2bz
3a
h(z)
b
c
1.
2
4
2
4
容易知道当
1
z
1时,0
h(z)
2,0
h(
z)
2
.
从而当1
z1时,
0
h(z)
h(
z)
2
,即
2
3a
3a
0
z2
b
c
1
2,
从而3a
10,3az2
4
4
8.
bc
2,由0
z2
1知a
4
8
4
3
8.
又易知当
f
()
x
3
4
x
2
x
m(m为常数)满足题设条件,所以
a最大值为
x
3
3
10.解法一:
设线段
AB的中点为M(x0,y0),则
x0
x1
x2
2,y0
y1
y2,
2
2
kAB
y2
y1
y2
y1
6
3
x2
x1
y22
y12
y2
y1
.
y0
6
6
线段AB的垂直平分线的方程是
yy0
y0(x2).
(1)
3
易知x5,y
0是
(1)的一个解,所以线段
AB的垂直平分线与
x轴的交点C为定点,且点
C坐标为(5,0).
由
(1)知直线AB的方程为y
y0
3(x
2),即
y0
x
y0(yy0)2.
(2)
3
(2)代入y2
6x得y2
2y0(y
y0)
12,即
y2
2y0y2y02
120.
(3)
依题意,y1,y2是方程(3)的两个实根,且
y1
y2,所以