学年高中数学竞赛 第47讲 角度与距离题目教案doc.docx

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学年高中数学竞赛第47讲角度与距离题目教案doc

2019-2020学年高中数学竞赛第47讲角度与距离题目教案

本节内容主要是关于空间中各种角与距离的定义与求法以及向量在相关计算中的应用．向量方法一般用于求角度，如线线所成角，线面所成角，面面所成角，有时也可以用来求点到平面距离和异面直线之间的距离．

A类例题

正方体ABCD－A1B1C1D1的棱长为1，则直线A1C1与直线BD1的距离是_______

（2001年全国高中数学联赛）

分析：

求异面直线的距离有很多种思路，可以从定义出发找出公垂线段，求出其长度，也可以过一条直线作另一条直线的平行线，求出线面距离，即为异面直线的距离，等等．

解：

连接B1D1，交A1C1于O，易证A1C1⊥平面BB1D1，过O作BD1的垂线，垂足为H，则OH为直线A1C1与直线BD1的公垂线段．把Rt△BB1D1的平面图画出来，

易得OH＝．

A，B，C，D四点不共面，且两两间的距离均为1，点P与点Q分别在线段AB与CD上运动，则P与Q间的最小距离为__________．

（2001年第12届希望杯）

解A，B，C，D构成正四面体，求P与Q间的最小距离即求AB与CD间的距离，如图．

取AB，CD的中点E，F，则AF⊥CD，BF⊥CD，∴CD⊥平面ABF．∴EF⊥CD．又EF⊥AB，∴EF为AB，CD间的距离．

∵AE＝BE＝，AF＝1，∴EF＝＝．

△ABC的顶点B在平面α内，A、C在α的同一侧，AB、BC与α所成的角分别是30°和45°，若AB＝3，BC＝4，AC＝5，则AC与α所成的角为（）

A．60°B．45°C．30°D．15°

（2005年高考·吉林、黑龙江、广西卷）

分析：

利用三角形表达出AC与α所成的角．

作AD⊥α于D，CE⊥α于E，则AD∥CE，作AF⊥CE于F．

由∠ABD＝30°，∠CBE＝45°，AB＝3，CB＝4，易知AD＝，CE＝4．

由CE⊥DE得AF∥DE．故CF＝4－＝，故sin∠CAF＝．

故AC与α所成的角为30°．

答案：

C

情景再现

已知平面α⊥β，α∩β＝l，P是空间一点，且P到α、β的距离分别是1、2，则点P到的距离为．

（2004年高考·浙江·文）

如图，长方体ABCD－A1B1C1D1中，AA1＝AB＝2，AD＝1，E、F、G分别是DD1、AB、CC1的中点，则异面直线A1E与GF所成的角是

A．arccosB．

C．arccosD．

（2005年高考·福建）

如图，正方体ABCD－A1B1C1D1的棱长为1，E是A1B1的中点，则E到平面ABC1D1的距离为（）

A．B．

C．D．

（2005年高考·湖南·文）

B类例题

如图，A1B1C1-ABC是直三棱柱，∠BCA＝900，点D1，F1分别是A1B1，A1C1的中点．若BC＝CA＝CC1，则BD1与AF1所成角的余弦值是（）

（A）（B）（C）（D）

（1995年高考·全国）

分析：

求异面直线所成的角一般可以通过平移的方法把两条异面直线所成的角构造出来，然后通过解三角形求出角度．

解：

设BC＝2，把BD1平移到AD2．

在△AD2F1中，AF1＝，BD2＝，

D2F1＝＝，

∴cosα＝＝．

答案：

A

四面体S—ABC中，∠ASB=，∠ASC=α，∠BSC=β（0<α，β<）．以SC为棱的二面角的平面角为θ，求证：

θ=π－arccos（cotα·cotβ）．（1962年北京市数学竞赛）

证明：

在SC上取一点D，使SD=1，分别在面SBC、SCA内作DE、DF与SC垂直．分别交SB、SA于E、F，连EF，则∠EDF=θ．

则DE=tanβ，SE=secβ，DF=tanα，SF=secα．

∴EF2=tan2α+tan2β－2tanα·tanβ·cosθ=sec2α+sec2β．

∴tanα·tanβ·cosθ=－1．⇒cosθ=－cotα·cotβ．

∴θ=π－arccos（cotα·cotβ）．

过正四面体的高作一个平面与四面体的三个侧面交于三条直线，这三条直线与四面体的底面所成角分别为α、β、γ，证明：

tan2α+tan2β+tan2γ=12．（1960年波兰数学竞赛）

证明：

设正四面体的边长=1，高为AH，过AH的平面交正四面体的三个侧面于AM、AN、AP（如图）．则∠AMH、∠ANH、∠APH即为AM、AN、AP与底面所成的角，∠AMH=α，∠ANH=β，∠APH=γ．

∴AH2=．

∴tan2α+tan2β+tan2γ=++=（++）．

为求++，可利用解析几何：

以BD中点O为原点，OB为x轴正方向建立直角坐标系，则点H（0，）．直线HM的方程为：

（θ为参数）

CD方程为y=（x+），以HM的参数方程代入得，

+tsinθ=（tsinθ+），

∴=（sinθ－cosθ）．

BC方程为y=－（x－），以HM的参数方程代入得，

+tsinθ=－（tsinθ－），

∴=（sinθ+cosθ）．

令y=0，得=－2sinθ．

∴++=++=18．于是tan2α+tan2β+tan2γ=12．

情景再现

如图，正方形ABCD所在平面与正方形ABEF所在平面成60°的二面角，则异面直线AD与BF所成角的余弦值是_______（1996年高考·全国·理）

已知三棱锥D－ABC的三个侧面与底面全等，且AB＝AC＝，BC＝2，则以BC为棱，以面BCD与面BCA为面的二面角的大小是（）

A．arccosB．arccosC．D．

（1997年·全国·理）

C类例题

正方体ABCD－A1B1C1D1中，E为AB中点，F为CC1中点，异面直线EF与AC1所成角的余弦值是（）

A．B．C．D．

（2004年第15届希望杯二试）

分析：

本题以正方体为框架，E和F点都是中点，考虑用向量法会比较方便．

解：

设正方体棱长为1，以D1A1为x轴，D1C1为y轴，D1D为z轴建立空间直角坐标系，则E（1，，1），F（0，1，，A（1，0，1），C1（0，1，0）

＝（－1，，），1＝（－1，1，－1），∴cosθ＝＝

∴选B．

说明：

本题也可以如上题一样用平移的方法解决，但考虑到正方体的背景，还是用向量法解决．同学们也可以不用向量法解此题，看看计算难度如何．

如图三棱柱OAB—O1A1B1，平面OBB1O1⊥平面OAB，∠O1OB＝60°，∠AOB＝90°，且OB＝OO1＝2，OA＝．求：

（1）二面角O1—AB—O的大小；

（2）异面直线A1B与AO1所成角的大小．

（上述结果用反三角函数值表示）

（2002年上海春季高考）

分析：

第

（1）问可以构造二面角的平面角求解，第

（2）问可以考虑用向量法解．

解：

（1）取OB的中点D，连结O1D，则O1D⊥OB．

∵平面OBB1O1⊥平面OAB，∴O1D⊥平面OAB．

过D作AB的垂线，垂足为E，连结O1E．

则O1E⊥AB，∴∠DEO1为二面角O1—AB—O的平面角．

由题设得O1D＝，sin∠OBA＝＝，

∴DE＝DBsinOBA＝

∵在Rt△O1DE中，tanDEO1＝，∴∠DEO1＝arctan，

即二面角O1—AB—O的大小为arctan．

另外本题也可以用向量法来解．

以O点为原点，分别以OA、OB所在直线为x、y轴，过O点且与平面AOB垂直的直线为z轴，建立空间直角坐标系，则

O（0，0，0），O1（0，1，），A（，0，0），A1（，1，），B（0，2，0）．

＝（－，2，0），＝（0，1，－）．设平面OAB法向量为＝（0，0，1），设平面O1AB法向量为＝（x，y，z），则由⊥和⊥得：

，故，令y＝，则＝（2，，1）

cosθ＝＝．

（2）设异面直线A1B与AO1所成的角为α，

则＝－1＝（－，1，－），＝－1＝（，－1，）

∴cosα＝．∴异面直线A1B与AO1所成角的大小为arccos．

说明：

用向量法求二面角的大小，可以考虑转为求平面法向量的夹角．而求平面的法向量方法如下：

先求出平面内不共线的两个向量，然后设法向量坐标，利用平面内向量与平面的法向量内积为0建立方程组，求出法向量．

ABCD是边长为4的正方形，E，F分别为AB，AD中点，GC⊥平面ABCD，GC＝2，求点B到平面EFG的距离．

解：

以CD，CB，CG为坐标轴建立平面直角坐标系．则E（2，4，0），F（4，2，0），B（0，4，0），G（0，0，2）．

故＝（2，－2，0），＝（－2，－4，2），＝（－2，0，0）．

设平面EFG法向量为＝（x，y，z），则

，故，设y＝1，则＝（1，1，3）

故点B到平面EFG距离d＝＝＝．

说明：

求点到平面距离可以先求出平面的法向量，然后求出该点指向平面上一点向量，这个向量投影在平面的单位法向量上就是点到平面的距离．计算时可以如本题求法．另外这个方法也可以用来求异面直线之间的距离，只要构造出通过异面直线中的一条且与另一条直线平行的平面就可以把异面直线之间的距离转为点面的距离．

情景再现

如图，已知三棱柱ABC—A1B1C1，在某个空间直角坐标系中＝（，－，0），＝（m，0，0），1＝（0，0，n），（其中m、n＞0）．

（1）证明：

三棱柱ABC—A1B1C1是正三棱柱；

（2）若m＝n，求直线CA1与平面A1ABB1所成角的大小．

（2003年上海春季高考）

如图，正三棱柱ABC—A1B1C1的底面边长为a，侧棱长为a．

（1）建立适当的坐标系，并写出点A、B、A1、C1的坐标；

（2）求AC1与侧面ABB1A1所成的角．

（2002年天津）

正方体AC1的棱长为1，求DA1与AC的距离．

习题七

A1B1C1－ABC是直三棱柱，∠BCA＝90°，点D1，F1分别是A1B1，A1C1的中点，若BC＝CA＝CC1，则BD1与AF1所成角的余弦值为（）

A．B．C．D．

（1995年·全国·理）

正三棱柱ABC－A1B1C1中，若AB＝BB1，则AB1与C1B所成角的大小为（）

（2001年·全国·理）

A．60°B．90°C．105°D．75°

正六棱柱ABCDEF－A1B1C1D1E1F1的底面边长为1，侧棱长为，则这个棱柱的侧面对角线E1D与BC1所成的角是

A．90︒B．60︒C．45︒D．30︒

（2002年天津）

在长方体ABCD—A1B1C1D1中，点E、F分别在BB1、DD1上，且AE⊥A1B，AF⊥A1D．

（1）求证：

A1C⊥平面AEF；

（2）若规定两个平面所成的角是这两个平面所组成的二面角中的锐角（或直角）．则在空间中有定理：

若两条直线分别垂直于两个平面，则这两条直线所成的角与这两个平面所成的角相等．

试根据上述定理，在AB＝4，AD＝3，AA1＝5时，求平面AEF与平面D1B1BD所成角的大小．（用反三角函数值表示）

（2001上海春）

如图在空间直角坐标系中BC＝2，原点O是BC的中点，点A的坐标是（，，0），点D在平面yOz上，且∠BDC＝90°，∠DCB＝30°．

（1）求向量的坐标；

（2）设向量和的夹角为θ，求cosθ的值．

（1995上海，21）

如图，在三棱锥S－ABC中，SA⊥底面ABC，AB⊥BC．DE垂直平分SC，且分别交AC、SC于D、E．又SA＝AB，SB＝BC．求以BD为棱，以BDE与BDC为面的二面角的度数．（1990年·全国）

已知ABCD是边长为4的正方形，E、F分别是AB、AD的中点，GC垂直于ABCD所在的平面，且GC＝2．求点B到平面EFG的距离．（