高一物理下学期期末考试试题 人教版.docx
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高一物理下学期期末考试试题人教版
2019学年第二学期期末试卷
高一物理试题
时间：
100分钟总分：
100分
本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
共100分，考试时间100分钟。
注意事项：
1.答卷前将密封线内的项目填写清楚，并将相关的项涂写在答题卡上。
2.答第Ⅰ卷时，请用2B铅笔将答案直接涂写在答题卡上。
3.答第Ⅱ卷时，请用蓝黑色钢笔或圆珠笔直接答在试卷上。
4.试卷中自由落体加速度取g=10m/s2。
第一卷（选择题共48分）
一．选择题（本题共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分。
）
1．下列关于速度、速度的变化量和加速度的说法，正确的是（ ）
A.只要物体的速度大，加速度就大
B.只要物体的速度变化率大，加速度就大
C.只要物体的加速度大，速度变化量就大
D.只要物体的速度不为零，加速度就不为零
2．质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位），则该质点（）
A.第1s内的位移是5mB.前2s内的平均速度是6m/s
C.任意相邻的1s内位移差都是1mD.任意1s内的速度增量都是2m/s
3．关于自由落体运动（g＝10m/s2），下列说法中不正确的是（ ）
A．下落开始连续通过三个5m的位移所用的时间之比为1∶2∶3
B．自由落体是初速度为零，a＝g的竖直向下的匀加速直线运动
C．在1s末、2s末、3s末的速度大小之比是1∶2∶3
D．在第1s内、第2s内、第3s内通过的位移之比是1∶3∶5
4．下列关于各物体惯性的说法中正确的是（）
A.逐渐停止滚动的足球，它的惯性越来越小
B.汽车空载时比载重时更容易启动，说明汽车空载时的惯性较小
C.静止的火车启动时十分缓慢，说明火车静止时的惯性比运动时的大
D.航行的宇宙飞船内的物体，完全失重，没有惯性
5．如图所示，物体
静止在水平地面上，下列说法正确的是（）
A.物体对地面的压力和重力是一对平衡力
B.物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对平衡力
C.物体受到的重力和地面支持力是一对平衡力
D.物体受到的重力和地面支持力是一对作用力和反作用力
6．如图所示，有一个直角支架AOB，AO水平放置，表面粗糙，OB竖直向下，表面光滑。
AO上套有小环P，OB上套有小环Q，两环质晕均为m,两环由一根质量可忽略、不可伸长的细绳相连，并在某一位置平衡。
现将P环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，AO杆对P环的支持力F和摩擦力f的变化情况是（）
A.F不变，f变大B.F不变，f变小C.F变大，f变大D.F变大，f变小
7．如图所示，细绳拴一个质量为
的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连。
平衡时细绳与竖直方向的夹角为
（已知
）。
以下说法正确的是（）
A.小球静止时弹簧的弹力大小为
B.小球静止时细绳的拉力大小为
C.细绳烧断瞬间小球的加速度为
D.细绳烧断瞬间小球的加速度为
8．如图所示，一倾角为
的光滑斜面向左做匀加速直线运动，物块相对于斜面静止，则斜面的加速度为（）
A.
B.
C.
D.
9．如图所示，甲乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移﹣时间图象（x﹣t）图象，则下列说法正确的是（ ）
A.
时刻乙车从后面追上甲车
B.
时刻两车相距最远
C.
时刻乙车速度大于甲车速度
D.0到
时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度
10．一物体自t=0时开始做直线运动，其速度图线如图所示。
下列选项正确的是（ ）
A.在0～6s内，物体经过的路程为40m
B.在0～6s内，物体离出发点最远为30m
C.在0～4s内，物体的平均速率为7.5m/s
D.在第5s末，物体的加速度方向发生改变。
11．下列对牛顿第二定律表达式F=ma及其变形公式的理解，正确的是（）
A.由F=ma可知，物体所受的合外力与物体的质量成正比，与物体的加速度成正比
B.由m=F/a可知，物体的质量与其所受合外力成正比，与其运动加速度成反比
C.由a=F/m可知，物体的加速度与其所受合外力成正比，与其质量成反比
D.由m=F/a可知，物体的质量可以通过测量它的加速度和它受到的合外力而求得
12．如图所示，水平传送带A、B两端点相距x=2m，以v0=2m/s的速度（始终保持不变）顺时针运转．今将一小煤块（可视为质点）无初速度地轻放至A点处，已知小煤块与传送带间的滑动摩擦因数为0.4，g取10m/s2．由于小煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕．则小煤块从A运动到B的过程中（）
A.小煤块从A运动到B的时间是1s
B.小煤块从A运动到B的时间是1.25s
C.划痕长度是1m
D.划痕长度是0.5m
第二卷（非选择题共52分）
二．实验题（共14分，请按题目要求作答）
13．某同学利用如图（a）装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验．
（1）他通过实验得到如图（b）所示的弹力大小Ｆ与弹簧长度x的关系图线．由此图线可得该弹簧的劲度系数k=______N/m．
（2）他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图（c）所示时，此弹簧秤读数为________N，该弹簧此时的长度x=______cm．
14．某同学设计了一个探究加速度a与物体所受合力F及质量m关系的实验，如图所示，图a为实验装置简图。
（1）关于该实验，下列说法正确的是_______
A.图中的电源插头应与“6V”交流电源连接
B.实验前要将带有滑轮的木板一端垫起
C.实验操作前应使小车从靠近打点计时器的位置释放
D.设沙桶和沙子的质量为m0，小车质量为m，为了减小实验误差，它们质量应满足m0>>m；
（2）电源的频率为50Hz，图b为某次实验得到的纸带（每相邻两个计数点间还有一个点图中未画出），根据纸带可求出小车的加速度大小为_____________m/s2；（保留两位有效数字）
（3）改变所挂钩码的数量，多次重复测量，在某次实验中根据测得的多组数据可画出a-F关系图线。
（如下图所示）
1）甲图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是_______
A．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态
C．所挂钩码的总质量太大D．所用小车的质量太大
2）乙图线不过原点的原因是平衡摩擦力时长木板的倾角____（填“过大”或“过小”）。
三.计算题（本大题共4小题,共38分。
要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位）
15．（9分）某一长直的赛道上，有一辆F1赛车，前方400m处有一安全车以20m/s的速度匀速前进，这时赛车从静止出发以4m/s2的加速度追赶．
（1）求赛车出发3s末的瞬时速度大小；
（2）赛车何时追上安全车？
（3）追上之前与安全车最远相距多少米？
16．（9分）如图所示，斜面静止于水平地面上，光滑的A球分别与斜面和竖直墙面接触，且处于静止状态，已知球A和斜面的质量均为m，斜面的倾角为θ，重力加速度为g．求：
（1）求A球对斜面的压力大小？
（2）地面对斜面的支持力和摩擦力的大小？
17．（9分）质量为30kg的小孩坐在10kg的雪橇上静止不动，大人用与水平方向成37°斜向上的拉力拉动雪橇，力的大小为100N，雪橇与地面间的动摩擦因数为0.2，（g=10m/s2．sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：
（1）地面对雪橇的支持力大小。
（2）雪橇运动的加速度大小。
（3）4s内雪橇的位移大小。
18．（11分）如图所示，在光滑的水平地面上有一个长为L，质量为M=4kg的木板A，在木板的左端有一个质量为m=2kg的小物体B，A、B之间的动摩擦因数为0.2，当对B施加水平向右的力F作用时（设A、B间的最大静摩擦力大小与滑动摩擦力大小相等g=10m/s2），
（1）若F=5N时，则A、B加速度分别为多大？
（2）若F=10N时，则A、B加速度分别为多大？
（3）在
（2）的条件下，若力F作用时间t=3s，B刚好到达木板A的右端，则木板长L应为多少？
高一物理参考答案
题号
1
2
3
4
6
6
答案
B
D
A
B
C
B
7
8
9
10
11
12
C
A
ACD
AC
CD
BD
13．（6分）503.0N10cm
14．（8分）
（1）C
（2）3.2m/s2 （3）C过小
15．（9分）
（1）12m/s
（2）20s （3）450m
【解析】
（1）赛车在3s末的速度v＝at3…………………………………………………（1分）
代入数据解得v=12m/s……………………………………………………………………（1分）
（2）赛车追上安全车时有v0t＋s＝
at2，………………………………………………（2分）
代入数据解得t＝20s……………………………………………………………………（1分）
（3）当两车速度相等时，相距最远，则有
t′＝
＝5s，………………………………………………………………..…………（1分）
则相距的最远距离Δx＝v0t′＋s－
at′2………………………………………………（2分）
代入数据解得Δx＝450m…………………………………………………………………（1分）
16．（9分）
（1）
（2）2mg
【解析】试题分析：
对A受力分析，解三角形可得A球对斜面的压力；对斜面受力分析由平衡方程可得地面对斜面的支持力和摩擦力的大小。
（1）将A物体重力分解如图…………………………………………………（1分）
根据解三角形可得：
…………………………………………………（2分）
（2）斜面受力如图…………………………………………………………………（1分）
竖直方向有：
……（1分）
联立以上可得：
………（1分）
水平方向由受力平衡得：
……（1分）
联立以上可得：
………………（2分）
17．
（1）地面对雪橇的支持力大小为340N；
（2）雪橇运动的加速度大小为0.3m/s2；（3）4s内雪橇的位移大小为2.4m。
【解析】
（1）设小孩和雪橇的总质量为m，对整体受力分析得：
竖直方向：
Fsinθ+FN=mg…………………………………………………（1分）
解得：
FN=340N；……………………………………………………………（1分）
（2）雪橇在水平方向上受到的合力：
F合=Fcosθ﹣Ff①……………（1分）
且摩擦力：
Ff=μFN②………………………………………………………（1分）
联立①②两式解得：
F合=12N
由牛顿第二定律得：
F合=ma，…………………………………………………（1分）
解得雪橇运动的加速度大小为a=0.3m/s2………………………………………（2分）
（3）根据位移时间关系可得：
x=
at2…………………（1分）
x=2.4m…………………（1分）
18．
（1）aA1=aB1=5/6（m/s2）
（2）aA2=1m/s2aB2=3m/s2（3）L=9m
【解析】试题分析：
解：
（1）对A：
……………………………………………（1分）
对AB：
…………………………….（1分）
由于aAmax=1m/s2>aAB=5/6（m/s2）
所以aA1=aB1=5/6（m/s2）………………………………………（1分）
（2）对B：
（1分）
aB2=3m/s2>aAmax=1m/s2……………….（1分）
所以aA2=1m/s2aB2=3m/s2………………………………………………（2分）
（3）F作用3s，A、B发生的位移分别为SA和SB
………………………………（3分）
因此L=9m…………………………………（1分）
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