专题03 第09周高考理科综合周周练之选择题专项训练解析版.docx

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专题03第09周高考理科综合周周练之选择题专项训练解析版

2019年高考全真模拟试卷（新课标卷）（第九周）（3）

理科综合能力测试选择题部分

注意事项：

1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔在答题卡上填写自己的准考证号、姓名、试室号和座位号。

用2B型铅笔把答题卡上试室号、座位号对应的信息点涂黑。

2．选择题每小题选出答案后，用2B型铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。

3．非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

4．考生必须保持答题卡整洁。

考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：

本题共13个小题，每小题6分，共78分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．下列有关真核细胞功能的叙述，正确的是（　　）

A．自由基学说认为，自由基攻击蛋白质，使蛋白质活性下降，致使细胞凋亡

B．控制细胞器进行物质合成的指令，主要是通过核孔从细胞质到达细胞核的

C．人体内细胞正常分裂过程中，染色体组数相同的两个细胞的染色体数相同

D．细胞的吸水和失水是水分子逆相对含量的梯度跨膜运输的过程

【答案】C

【解析】自由基学说认为，自由基攻击蛋白质，使蛋白质活性下降，致使细胞衰老，A错误；控制细胞器进行物质合成的指令，主要是通过核孔从细胞核到达细胞质的，B错误；人体内细胞正常分裂过程中，染色体组数相同的两个细胞的染色体数相同，C正确；细胞的吸水和失水都是水分子顺相对含量的梯度跨膜运输的过程，D错误。

2.下列关于细胞中蛋白质和核酸的叙述，正确的是（）

A．DNA是合成tRNA、mRNA和rRNA的模板

B．真核细胞中tRNA的种类多于原核细胞

C．密码子的简并性有利于提高转录的速率

D．胞内蛋白的加工过程都发生在细胞质基质

【答案】A

【解析】合成tRNA、mRNA和rRNA的模板是DNA，A正确；B．构成蛋白质的氨基酸约有20种，tRNA有61种，B错误；C．密码子的简并性有利于维持生物性状的相对稳定，但不能提高转录的速率，C错误；D．细胞质包括细胞器和细胞质基质，有些胞内蛋白，如溶酶体内的水解酶需要内质网和高尔基体的加工，D错误。

3．关于下列生物实验的说法，正确的是（　　）

A．运用同位素标记法，研究CO2中的碳在光合作用过程中的转移途径

B．孟德尔运用假说﹣演绎法进行豌豆的杂交实验，发现了基因

C．T2噬菌体侵染细菌的实验中，搅拌的目的是使细菌裂解，释放出子代噬菌体

D．在稀盐酸的作用下，小肠黏膜产生促胰液素还需神经调节的参与

【答案】A

【解析】卡尔文利用同位素示踪法探究CO2的固定过程中碳元素的转移途径为CO2→C3→CH2O．A正确；孟德尔运用假说﹣演绎法进行豌豆的杂交实验，但是孟德尔将控制生物性状的物质称为遗传因子，B错误；在噬菌体侵染细胞的实验中，搅拌的目的是让吸附在细菌表面的蛋白质外壳与细菌分开，C错误；在稀盐酸的作用下，小肠黏膜产生促胰液素不需要神经调节的参与，D错误。

4．用纯种黄色圆粒豌豆做父本、纯种绿色皱粒豌豆作母本，将杂交所得F2进行自交，F2四种表现型的比例为9：

3：

3：

1．下列操作将会对F2表现型的比例造成明显影响的是（　　）

A．将亲本中的父本和母本交换后进行杂交实验

B．亲本产生的种子中有少部分没有培育成F1植株

C．F1植株进行自花传粉的同时又进行人工异花授粉

D．根据F2植株上种子的性状统计出F2代性状分离比

【答案】D

【解析】如果两对性状由2对独立遗传的等位基因控制，亲本正交和反交子二代的表现型比例都是9：

3：

3：

1，A错误；亲本产生的种子即子一代，基因型相同，部分不能形成子一代个体，不会影响子二代9：

3：

3：

1的分离比，B错误；子一代基因型相同，自花授粉与人工异花授粉不会影响9：

3：

3：

1的分离比，C错误；子二代植株上种子的性状是子三代，统计的分离比不是9：

3：

3：

1，D正确。

5．如图所示为甲状腺激素在细胞内的作用机理，其中PB表示甲状腺激素的血浆运输蛋白、P表示RNA聚合酶、TH表示甲状腺激素。

据图分析，下列相关叙述中正确的是（　　）

A．甲状腺激素能在人成熟红细胞内发挥其调节功能

B．pre﹣mRNA经核孔进入细胞质后可直接作为合成蛋白质的模板

C．甲状腺激素的受体位于细胞核上，结合后诱导基因的转录过程

D．TH不能提高垂体细胞的代谢，而是抑制其合成和分泌TSH

【答案】C

【解析】分析图解可知，甲状腺激素进入细胞后，会调控细胞核基因发生表达，而人成熟红细胞内没有细胞核，因此没有甲状腺激素发挥其调节功能的基础，A错误；图解中细胞核中转录形成的为pre﹣mRNA，而作为翻译模板的是mRNA，说明pre﹣mRNA经核孔进入细胞质后需要经过进一步的加工才能作为蛋白质合成的直接摸板，B错误；由题图可知，甲状腺激素的受体位于细胞核上，结合后诱导基因的转录过程，C错误；当TH含量低时会提高垂体细胞的代谢，而当含量过高时会抑制其合成和分泌TSH，D错误。

6．如图表示某种群的同化量在三个生命活动中分配比例的情况，下列说法正确的是（　　）

A．最可能出现在群落演替早期的是情况丁

B．种群个体数量越多导致丰富度越大，种群用于繁殖的能量比例就越多

C．最高营养级的同化量最终有三个去向：

以热能形式散失；用于生长发育和浆殖；流向分解者

D．为防治农田鼠害，可引入天敌，使鼠的能量分配向情况丙转变，从而降低鼠的出生率

【答案】D

【解析】最可能出现在群落演替早期的是情况甲，低竞争低捕食，所以该种群的种群密度呈增大趋势，A错误；种群个体数量越多，与其他生物的竞争、捕食越激烈，消耗的能量就越多，导致种群用于繁殖的能量比例就越小，另外种群数量不能反映群落的物种丰富度，B错误；种群的同化量有四个去向：

未被利用，用于生长、发育和繁殖，流入下一个营养级，流向分解者，C错误；为防治农田鼠害，可引入天敌，使鼠的能量分配向情况丙转变，使种群用于繁殖的能量比例较少，从而降低鼠的环境容纳量，D正确。

7．处理锂离子二次电池正极废料铝钴膜（含有LiCoO2、Al等）的一种工艺如下：

下列有关说法不正确的是

A．碱浸的目的是溶解铝B．酸溶时H2O2被还原

C．H2SO4/H2O2可改用浓盐酸D．铝、钴产物可再利用

【答案】B

【解析】本题以锂离子二次电池正极废料为研究对象，体现了化学在推进生态文明建设、解决生态环境问题等方面大有作为，同时考查学生通过所学知识解决这一实际问题的能力，根据流程，LiCoO2不与碱反应，Al能与NaOH反应，使Al转变成可溶的NaAlO2，然后过滤得到LiCoO2，LiCoO2中Li为＋1价，O为－2价，Co为＋3价，依据整个流程，产品中Co的化合价为＋2价，即“酸溶”中Co被还原,H2O2被氧化，“酸溶”液中加入NaOH，得到“净化液”，除去Li元素，加入草酸铵溶液，使Co2＋转变成CoC2O4沉淀；A、根据铝钴膜的成分以及流程，Al能与NaOH反应，生成可溶的NaAlO2，LiCoO2不溶于NaOH，然后过滤得到LiCoO2，因此碱浸的目的是溶解铝，故A说法正确；B、LiCoO2中Co显＋3价，产品中CoC2O4，Co显＋2价，化合价降低，LiCoO2为氧化剂，H2O2为还原剂，H2O2被氧化，故B说法错误；C、H2SO4提供H＋，H2O2作还原剂，盐酸也能提供H＋，＋3价Co也能氧化Cl－转化成＋2价Co，故C说法正确；D、根据上述分析，铝、钴产物可以再利用，故D说法正确。

8．下列关于煤、石油和天然气等资源的叙述错误的是（）

A．煤是由不同有机化合物和无机物所组成的复杂混合物

B．液化天然气（LNG）和罐装液化石油气（LPG）主要成分都属于烃类

C．沼气、天然气分别属于可再生能源、化石能源

D．石油分馏可获得乙酸、苯及其衍生物

【答案】D

【解析】A．煤是由无机物和少量有机物组成的混合物，主要以碳元素为主，故A正确；B．液化天然气（LNG）和罐装液化石油气（LPG）主要成分都属于烃类，故B正确；C．天然气、沼气都是甲烷，分别属于化石能源、可再生能源，故C正确；D．石油主要成分是各种烷烃、环烷烃、芳香烃的混合物，石油常压分馏产物：

液化石油气、汽油、煤油、柴油、重油，减压分馏产物：

重柴油、润滑油、凡士林、石蜡、沥青，故D错误。

故选D。

9．NA代表阿伏加德罗常数的值。

下列说法正确的是

A．H2S的燃烧热是QkJ/mol。

充分燃烧H2S，当有0.5QkJ热量放出时，转移的电子数为6NA

B．25℃时，500mLpH=11的碳酸钠溶液中,由水电离出的OH－数目为0.0005NA

C．pH=2的H3PO4溶液中，H＋的数目为0.01NA

D．0.10L2.0mol·L－1的NaHCO3溶液中HCO3－和CO32－的离子数之和为0.2NA

【答案】B

【解析】A、H2S燃烧的热化学方程式为H2S（g）+

O2（g）=H2O（l）+SO2（g）ΔH=—QkJ/mol，反应1molH2S转移的电子数为6NA，当有0.5QkJ热量放出时，参加反应的H2S物质的量为0.5mol，转移的电子数为3NA，故选项A错误；B、pH=11的溶液中氢氧根离子浓度为：

c（OH-）=

=1×10-3mol/L，该溶液中含有氢氧根离子的物质的量为：

n（OH-）=1×10-3mol/L×0.5L=5×10-4mol，Na2CO3溶液中，碳酸根离子水解促进了水的电离，溶液中氢氧根离子是水电离的，则水电离出的氢氧根离子的物质的量为5×10-4mol，所以水电离出的OH-数目为：

5×10-4mol×NAmol-1=0.0005NA，故选项B正确；C、pH=2的H3PO4溶液中氢离子的浓度为0.01mol/L，但是不知道溶液体积，无法计算，故选项C错误；D、HCO3-既能水解为H2CO3又能电离为CO32-，根据物料守恒可知，NaHCO3溶液中H2CO3、HCO3-和CO32-离子数之和为0.2NA，故选项D错误。

答案选B。

10．抗癌药物“6-Azulenol”的结构简式如图所示，下列有关它的叙述不正确的是

A．分子式为C13H18O3

B．能发生加成、酯化反应

C．能使酸性高锰酸钾溶液褪色

D．分子中所有碳原子可能在同一平面上

【答案】D

【解析】A．根据该物质的结构简式可以判断其分子式为C13H18O3，故A正确；B．该物质含有碳碳双键和羟基，能发生加成反应和酯化反应，故B正确；C．含有碳碳双键的有机物都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故C正确；D．分子中有2个碳原子以碳碳单键与多个碳原子相连接，根据甲烷的正四面体结构可知，分子中所有碳原子不可能都在同一平面上，故D错误。

故选D。

11．短周期元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大。

其中X与Y可形成一种淡黄色物质P，常温下将0.05molP溶于水，配成1L溶液，其中c（H+）/c（OH-）＝1×10－12；Z为金属元素，且Z可在W的一种氧化物中燃烧，生成一种白色的物质和一种黑色的物质。

下列说法错误的是（）

A．简单离子半径：

X＞Y＞Z

B．化合物P中既含有离子键又含有共价键

C．氢化物的沸点：

W

D．W、X、Y三种元素形成的物质的水溶液显碱性

【答案】C

【解析】A、元素W、X、Y、Z分别为C、O、Na、Mg，故有离子半径O2－＞Na＋＞Mg2＋，选项A正确；B、P为Na2O2，既含有离子键又含有共价键，选项B正确；C、碳的氢化物有多种，其沸点可能高于氧的氢化物，选项C错误；D、W、X、Y三种元素形成的物质为Na2CO3或Na2C2O4，其水溶液显碱性，选项D正确。

答案选C。

12．下列四套装置用于实验室制二氧化硫并回收硫酸铜的实验，其中不能达到实验目的的是

A．

制取二氧化硫

B．

溶解反应后烧瓶内溶液中的硫酸铜固体

C．

吸收尾气中的二氧化硫

D．

加热硫酸铜溶液制备硫酸铜固体

【答案】B

【解析】A．实验室可以用Cu和浓硫酸加热反应制取二氧化硫，该装置为固体和液体混合加热制取气体，故A正确；B．反应后的溶液还剩余浓硫酸，故不能将水加入其中，否则可能会使液体飞溅；另外，溶解应在烧杯中进行，故B错误；C．二氧化硫为酸性氧化物，可溶于氢氧化钠溶液，故C正确；D．硫酸铜为难挥发性酸的强酸弱碱盐，加热蒸干最终得到的固体是硫酸铜，故D正确。

答案选B。

13．—种新型可逆电池的工作原理如图所示，放电时总反应为Al+3Cn（AlCl4）+4AlCl4-

Al2Cl7-+3Cn-（Cn代表石墨）,下列说法正确的是

A．充电时，石墨电极作阴极

B．充电时，熔融盐中的A1C14-向右移动

C．放电时，负极反应为:

2A1-6e-+7C1-=A12C17-

D．放电时，若电路中转移3mol电子，则有1molCn（A1C14）被还原

【答案】B

【解析】A．金属铝做原电池的负极，充电时做电解池的阴极，石墨做阳极，故错误；B．充电时，阴离子向阳极移动，即向右移动，故正确；C．放电时，负极反应为：

A1-3e-+7AlCl4-=4A12C17-，故错误；D．放电时，若电路中转移3mol电子，则有3molCn（A1C14）被还原，故错误。

故选B。

二、选择题：

本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。

14．用水平力F拉着一物体在水平面上做匀速运动，某时刻将力F随时间均匀减小，物体所受的摩擦力随时间的变化如图中实线所示，下列说法中正确的是（）

A．F做功的功率是从t1时刻开始减小的，t2时刻F做功的功率刚好变为零

B．F做功的功率是从t1时刻开始减小的，t3时刻F做功的功率刚好变为零

C．F做功的功率是从t2时刻开始减小的，t2时刻F做功的功率刚好变为零

D．F做功的功率是从t2时刻开始减小的，t3时刻F做功的功率刚好变为零

【答案】A

【解析】从图中看出，摩擦力从t2时刻开始逐渐减小，t1～t2时间内不变，知F从t1时刻开始减小的，做减速运动，故可判断F做功的功率是从t1时刻开始减小，此后，物体继续受滑动摩擦力，直到t2时刻，此过程中摩擦力的大小不变。

t2时刻物体的速度刚好变为零，故t2时刻F做功的功率刚好变为零。

此后摩擦力变为静摩擦力，大小随F的变化而变化，故A正确，BCD错误。

15．2018年5月，中国成功发射首颗高光谱分辨率对地观测卫星——“高分五号”。

“高分五号”轨道离地面的高度约7.0×102km，质量约2.8×103kg。

已知地球半径约6.4×103km。

则“高分五号”卫星

A．运行的速度小于7.9km/s

B．运行的加速度大于9.8km/s2

C．运行的线速度小于同步卫星的线速度

D．运行的角速度小于地球自转的角速度

【答案】A

【解析】A、第一宇宙速度是最大的圆轨道运行速度，是发射卫星的最小速度，所以卫星的运行速度小于7.9km/s，故A正确；B、由

可知，运行的加速度随着高度的增大而减小，故运行的加速度小于地面的重力加速度，即小于

，故B错误；C、“高分五号”轨道离地面的高度约7.0×102km小于同步卫星的高度（同步卫星的高度约为地球半径的6倍），根据

得：

，故运行的线速度大于同步卫星的线速度，故C错误；D、地球的自转角速度与同步卫星相同，根据

解得

，轨道越高，角速度越小，故“高分五号”卫星运行的角速度大于地球自转的角速度，故D错误。

16．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：

1，R1=10Ω，R2=15Ω．C为电容器，电流传感器与原线圈串联。

当开关S断开时，传感器测得的正弦交流电如图乙所示，则

A．电阻R1中交流电的频率为5Hz

B．输入电压的最大值为600V

C．电阻R2的电功率为270W

D．S闭合前后，原线圈中电流不变

【答案】B

【解析】由图可知，原线圈交变电流的频率为50Hz，副线圈交变电流的频率同为50Hz；原线圈交变电流的有效值为

，由

得

。

由并联电路的分流原理，电阻R2中的电流

，电阻R2消耗的电功率为PR2=IR22R2=120W；电阻R2的电压为

，由

得

，故

；S闭合后，有电流流过电容器，故副线圈中电流增大，原线圈中电流也随之增大。

故答案选B。

17．日常生活中，我们在门下缝隙处塞紧一个木楔（侧面如图所示），往往就可以把门卡住。

有关此现象的分析，下列说法正确的是

A．木楔对门的作用力大于门对木楔的作用力，因而能将门卡住

B．门对木楔作用力的水平分量等于地面对木楔摩擦力的大小

C．只要木楔的厚度合适都能将门卡住，与顶角θ的大小无关

D．只要木楔对门的压力足够大就能将门卡住，与各接触面的粗糙程度无关

【答案】B

【解析】

A、木楔对门的作用力和门对木楔的作用力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故A错误；

B、对木楔受力分析如图所示：

水平方向：

f＝Fsinθ，最大静摩擦力约等于滑动摩擦力，门对木楔作用力的水平分量等于地面对木楔摩擦力的大小，故B正确；

CD、对木锲，竖直方向：

N＝Fcosθ+mg，则fmax＝μN＝μ（Fcosθ+mg），要把门卡住，则有：

不管多大的力F均满足满足fmax≥f，即μ（Fcosθ+mg）≥Fsinθ，不管m的大小，只要μ≥tanθ，就可把门卡住，故能否把门卡住，与顶角θ与接触面的粗糙程度有关，故CD错误。

18．如图所示，半径为R的圆形区域内有垂直于纸面向外的匀强磁场．两个质子M、N沿平行于直径cd的方向从圆周上同一点P射入磁场区域，P点与cd间的距离为

，质子M、N入射的速度大小之比为1:

2．ab是垂直cd的直径，质子M恰好从b点射出磁场，不计质子的重力和质子间的作用力．则两质子M、N在磁场中运动的时间之比为

A．2:

1B．3:

1C．3:

2D．3:

4

【答案】A

【解析】作出两质子的运动轨迹如图所示，由几何关系可知，质子M的轨道半径为R，轨迹圆弧所对圆心角θ1＝120º；根据

得

，则质子N的轨道半径为2R，再由几何关系得：

轨迹圆弧所对圆心角θ2＝60º；质子在磁场做圆周运动的周期：

，运动的时间满足：

，解得：

．故A项正确，BCD三项错误．

19．下列说法中正确的有（　　）

A．放射性元素的半衰期与原子所处的化学状态和外部条件有关

B．

是原子核的人工转变反应方程

C．因为裂变释放能量，出现质量亏损，所以裂变后的总质量数减少

D．比结合能越大，原子中核子结合得越牢固，原子核越稳定

【答案】BD

【解析】

A．放射性元素的半衰期是由核内自身的因素决定的，与原子所处的化学状态无关，故A错误；

B．

是原子核人工转变方程，故B正确；

C．该核反应过程中，发生质量亏损，释放能量，但是反应前后总质量数保持不变，故C错误；

D．比结合能越大，将核子分解需要的能量越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，故D正确；

故选BD。

20．如图所示，匀强磁场的水平边界相距为d，磁感应强度大小为B、水平向里。

质量为m、电阻为R、边长为L的正方形线圈abcd，在磁场上方高h处由静止释放，已知cd边刚进入磁场时与cd边刚离开磁场时速度相等，不计空气阻力，在线圈穿过磁场的整个过程中

A．线圈产生的热量为mgd

B．若L=d，则所用时间为d

C．若L>d，则线圈ab边进磁场时的速度为

D．若L

【答案】BD

【解析】

A、从cd边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的过程，动能变化为0，重力势能转化为线框产生的热量，根据能量守恒可知进入磁场的过程中线圈产生的热量

，由于cd边刚进入磁场时与cd边刚离开磁场时速度相等，所以从cd边刚穿出磁场到ab边离开磁场的过程中线框产生的热量与从cd边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的过程中线框产生的热量相等，所以线圈从cd边进入磁场到ab边离开磁场的过程产生的热量

，故A错误；

B、线圈刚进入磁场时的速度大小

，若L=d，线圈将匀速通过磁场，所用时间为

，故B正确；

C、若L>d，cd边在磁场过程中线圈匀速运动，cd边离开磁场到ab边进磁场过程中线圈做匀加速运动，线圈匀速运动则有

，解得

，所以线圈ab边进磁场时的速度大于

，故C错误；

D、若L

，而

，线圈的最小速度为

，故D正确；

故选BD。

21．如图，C是放在光滑水平面上的一块右端有固定档板的长木板，在木板的上面有两块可视为质点的小滑块A和B，三者的质量均为m，滑块A、B与木板间的动摩擦因数均为μ。

最初木板静止，A以初速度v0从C的左端、B以初速度2v0从木板中间某一位置同时以水平向右的方向滑上木板C。

在之后的运动过程中B曾以

v0的速度与C的右档板发生过一次弹性碰撞，重力加速度为g，则对整个运动过程，下列说法正确的是

A．滑块A的最小速度为

v0

B．滑块B的最小速度为

v0

C．滑块A与B可能发生碰撞

D．系统的机械能减少了40%

【答案】ABD

【解析】当小滑块A和B相对长木板滑动时，受的滑动摩擦力相同，根据动量定理可知在相同的时间内小滑块A和B的速度变化量相同；当长木板与小滑块A共速时滑块A的速度最小，设滑块A的最小速度为

，速度变化量为

，视长木板、小滑块A和B为系统，动量守恒，规定向右运动为正方向，则有：

，解得

；设小滑块B与挡板发生碰撞之前瞬间长木板速度为

，根据动量守恒则有：

，解得

；小滑块B与挡板发生弹性碰撞，小滑块B与长木板交换速度，之后小滑块A和B做加速直线运动，长木板加速匀减速直线运动，直到共速，所以滑块A与B不能发生碰撞；设长木板、小滑块A和B的共速为

，根据动量守恒则有：

，解得

，系统的机械能减少了

，即

，故A、B、D正确，C错误；说法正确的是选ABD。