【参考答案】
（1）b
（2）174（3）如图所示（4）变大（5）D
【试题解析】
（1）多用电表是电流从红表笔流入黑表笔流出表，所以黑表笔接b。
（2）实验用的是250mA的量程，根据多用电表指针位置读数为174mA。
（3）图象如图所示，注意用平滑曲线连接各点。
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（4）根据实验表格，可估算出小电珠的电阻随两端电压的增大而变大。
（5）欧姆表表盘中央刻度也为欧姆表内部电阻阻值，由于选择开关选用的欧姆挡“×l”挡，所以欧姆表内阻为15Ω，由于多用电表内部电池的电动势为1.50V，所以小电珠两端的电压将低于1.50V，当小电珠两端电压为1.50V时，根据表格可求出小电珠的电阻大约8V，在根据小电珠和贺欧姆表内部电阻构成串联，按照串联规律可知小电珠两端分担的电压大约为电动势的三分之一左右，根据表格求出当电珠两端电压为0.5V时电阻电阻为Ω，根据小电珠的伏安特性曲线可知，小电珠两端的电压越小电阻越小，可得出电阻不会超过0.43Ω，所以选D。
【知识补给】
描绘小电珠的伏安特性曲线规律方法总结
（1）滑动变阻器的限流式接法和分压式接法比较
两种接法的电路图
负载R上电压的调节范围
≤U≤E
0≤U≤E
负载R上电流的调节范围
≤I≤
0≤I≤
（2）两种接法的适用条件
①限流式接法适合测量阻值较小的电阻（跟滑动变阻器的总电阻相比相差不多或比滑动变阻器的总电阻还小）。
②分压式接法适合测量阻值较大的电阻（一般比滑动变阻器的总电阻要大）。
（3）注意事项
①电流表外接法：
本实验中被测小灯泡灯丝的电阻值较小，因此测量电路必须采用电流表外接法。
②滑动变阻器应采用分压式接法：
本实验要作出U–I图象，要求测出多组包括零在内的电流、电压值，故控制电路必须采用分压式接法。
③保护元件安全：
为保护元件不被烧毁，开关闭合前滑动变阻器的滑片应位于最大电阻处，加在小灯泡两端的电压不要超过其额定电压。
（4）误差分析
①由于电压表不是理想电表，内阻并非无穷大，对电路的影响会带来误差，电流表外接，由于电压表的分流，使测得的电流值大于真实值。
②测量时读数带来误差。
③在坐标纸上描点、作图带来误差。
（5）实物连线的原则
①先串后并，接线到柱，注意量程和正负。
②对限流电路，用笔画线代替导线，从电源正极开始，把电源、开关、滑动变阻器、“伏安法”四部分依次串联起来即可（注意电表的正负接线柱和量程，滑动变阻器应调到阻值最大处）。
③对分压电路，应该先把电源、开关和滑动变阻器的全部电阻丝三部分用导线连接起来，然后在滑动变阻器电阻丝两端之中任选一个接头，比较该接头和滑动触头两点的电势高低，根据“伏安法”部分电表正负接线柱的情况，将“伏安法”部分接入该两点间。
测金属电阻率的实验：
（1）测长度时，金属丝的起点、终点位置如图a所示，则长度为____________cm；
（2）用螺旋测微器测金属丝的直径，示数如图b所示，则直径为____________mm；
（3）用多用电表“Ω×1”挡估测其电阻，示数如图c所示，则阻值为____________Ω；
（4）在图d中完成实物连线（滑动变阻器要求接限流式）；
（5）闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P移至最____________（选填“左”或“右”）端。
在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，所用器材有：
小电珠L（2.5V，0.6W）、滑动变阻器R、多用电表、电流表A、干电池组E、开关S、导线若干。
（1）粗测小电珠的电阻，应选择多用电表倍率（选填“×1”、“×10”或“×100”）的电阻挡；调零后，将两根表笔分别与小电珠灯座的两接线柱相连接，若观察到多用电表示数如右图1所示，则粗测结果应为Ω。
（2）实验中使用多用电表测量小电珠的电压，请根据图2所示的实验电路完成图3中的实物连线。
（3）开关S闭合前，应将滑动变阻器的滑片P置于端；开关S闭合后，若滑片P位于R的中点处，为了使小电珠的亮度增加，应将滑片P缓慢地向端移动。
（以上两空均选填“a”或“b”）
（4）下表为实验过程中小电珠两端的电压U等间隔变化测得的数据，为了能获得更精确的伏安特性曲线，必须在相邻数据点和之间适当地多测几组数据。
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数据点
①
②
③
④
⑤
⑥
U/V
0.00
0.50
1.00
1.50
2.00
2.50
I/A
0.000
0.122
0.156
0.185
0.216
0.244
某实验小组想通过实验测定一节干电池的电动势和内阻，实验室提供的实验器材如下：
待测干电池E（电动势约为1.5V，内阻约为3Ω）
直流电流表A1（量程0~0.6A，内阻约0.5Ω）
直流电流表A2（量程0~3A，内阻约0.1Ω）
电压表V1（量程0~2V，内阻约为2000Ω）
电压表V2（量程0~6V，内阻约为6000Ω）
滑动变阻器R1（最大电阻20Ω，额定电流2A）
滑动变阻器R2（最大电阻200Ω，额定电流1A）
电阻箱R3（最大电阻99.9Ω，额定电流1A）
开关、导线若干
（1）若用伏安法测电源的电动势和内阻，要求测量有尽可能高的精确度且便于调节，应选择的电流表是________，电压表是________，滑动变阻器是________。
（2）请将图甲中的实物连接成实验电路。
（3）在用伏安法测电源的电动势和内阻时，电流表出现了故障，不能使用，实验小组如想方便且能较准确地进行测量，需将实验进行改进，只需去掉电流表，将上述器材中的________换成________即可。
（4）请在下框中画出改进后的实验电路图。
（5）实验小组在改进后的实验中得到了多组路端电压和外电阻的数据，对所得数据进行处理后，在坐标纸上作出了如图乙所示图线。
由图线得出：
干电池的电动势E=________V，内阻r=________Ω。
（结果保留两位有效数字）
在“练习使用多用电表”的实验中：
（1）用多用电表欧姆挡测量电阻时，红黑表笔互换了插孔，这样_____（选填“会”或“不会”）影响测量结果；
（2）如图所示是一个多用电表欧姆挡内部电路的示意简图，其中有灵敏电流表（量程未知，内阻100Ω）、电池组（电动势未知，内阻r=0.5Ω）和滑动变阻器R0（总阻值未知），表刻度盘上电阻刻度中间值为15；有实验者用多用电表欧姆挡测量电压表的内阻（测量过程规范），读得电压表的读数为6.0V，读得阻值为30kΩ，可知此时多用电表欧姆挡的总内阻（包括电流表内阻、电池组内阻和变阻器R0的阻值）是______kΩ，灵敏电流表的量程为_____mA。
若表内电池用旧，电池电动势会变小，内阻会变大，假设电池组的电动势下降到6V、内阻升高到2Ω时，但仍可调零，测得某电阻是30kΩ，这个电阻真实值是____kΩ；
（3）在使用多用电表结束后，分别将选择开关保留在如下图a、图b和图c所示的位置，其中图________（选填“a”或“b”或“c”）的位置是规范的。
图a图b图c
某实验小组设计了如图（a）所示的实验装置，用钩码所受重力作为小车所受到的拉力，用DIS测小车的加速度。
通过改变钩码的数量，多次重复测量，可得小车运动的加速度a和所受拉力F的关系图象。
他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a–F图线，如图（b）所示。
（1）图线______是在轨道右侧抬高成为斜面的情况下得到的；（选填“①”或“②”）
（2）随着钩码的数量增大到一定程度时图（b）中的图线明显偏离直线，造成此误差的主要原因是所挂钩码的总质量太大，为消除此误差可采取的简便且有效的措施是_____________；
A．调整轨道的倾角，在未挂钩码时使小车能在轨道上长时间缓慢运动（即将小车与传感器发射部分的重力沿轨道方向的分力恰与其所受摩擦力平衡）
B．在增加钩码数量进行实验的同时在小车上增加砝码，使钩码的总质量始终远小于小车与传感器发射部分的总质量
C．在钩码与细绳之间放置一力传感器，直接得到小车运动的加速度a和力传感器读数F的关系图象
D．更换实验中使用的钩码规格，采用质量较小的钩码进行上述实验
（3）小车和位移传感器发射部分的总质量为kg；小车在水平轨道上运动时受到的摩擦力大小为__________N。
【参考答案】
（1）60.5（60.48~60.51）
（2）1.980（1.979~1.981）（3）5（4）连图如图所示（5）左
（5）闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处，由连接图可知应该移到最左端。
（1）“×1”7.5Ω
（2）实物连线如图所示。
（3）ab（4）①和②
（1）小电珠（2.5V，0.6W），所以小电珠的电阻大约是10Ω，粗测小电珠的电阻，应选择多用电表×1倍率的电阻挡，结果为7.5Ω。
（2）根据实验原理图完成实物图如图。
（3）为保护小电珠不超过额定电压，开关闭合前，为了安全应将滑动变阻器的滑片P置于端，使得小电珠两端。
（4）为了获得更准确的实验图象，应该在小电珠两端电压从零开始增大的过程中多测量几次，即必须在相邻数据点①②间多测几组数据。
（1）A1V1R1
（2）电路连接如图1所示（3）R1R3（4）如图2所示（5）1.72.5
（1）由于电源电动势约为1.5V，因此电压表选V1即可；而回路中的电流也不会太大，因此电流表选A1，
（1）不会
（2）150.620（3）a
（1）红黑表笔只有颜色不同，而一般的电阻没有极性、没有正负之分，所以不会影响；学/科-+网
（2）两表笔短接，调节滑动变阻器是电流表满偏，此时回路总电阻为欧姆表内阻R内，根据闭合电路欧姆
（1）①
（2）C（3）0.51
（1）由于图线①拉力F=0时加速度a=2m/s2，所以图b中的图线①是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的。
（2）图b中的图线明显偏离直线，造成此误差的主要原因是所挂钩码的总质量太大，不满足所挂钩码的总质量远小于小车的质量。
（3）由拉力F1=1N，加速度a1=4m/s2可得：
F1+F–Ff=ma1；由拉力F2=1N，加速度a2=4m/s2可得：
F2+F–Ff=ma2；联立解得m=0.5kg。
根据图线②，F=1N。
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