高考生物课练11 孟德尔的豌豆杂交实验.docx
《高考生物课练11 孟德尔的豌豆杂交实验.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考生物课练11 孟德尔的豌豆杂交实验.docx（26页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。
高考生物课练11孟德尔的豌豆杂交实验
课练11 孟德尔的豌豆杂交实验
小题狂练⑪小题是基础 练小题 提分快
1.[2019·邯郸摸底]下列关于孟德尔豌豆杂交实验的叙述，错误的是（ ）
A．自花传粉和闭花受粉是豌豆作为实验材料的突出优点
B．根据减数分裂的特点提出成对的遗传因子彼此分离的假说
C．雌、雄配子随机结合是F2植株出现3：
1性状分离比的前提
D．通过设计测交实验对假说进行验证
答案：
B
解析：
选择严格自花传粉、闭花受粉的豌豆作为实验材料是孟德尔获得成功的原因之一，A正确；由F2出现了3：
1性状分离比推测生物体产生配子时，成对遗传因子彼此分离，而不是根据减数分裂的特点提出的，B错误；F1产生配子时成对遗传因子分离，只有雌、雄配子随机结全，才可能使F2的性状分离比为3：
1，C正确；为了验证作出的假设是否正确，孟德尔设计并完成了测交实验，即让F1与隐性纯合子杂交，D正确。
2．[2019·荆州月考]孟德尔在豌豆杂交实验中，成功利用“假说—演绎法”发现了两大遗传定律。
下列有关分离定律发现过程的叙述，不正确的是（ ）
A．提出的问题是：
为什么F2出现了3：
1的性状分离比
B．假设的核心是：
F1产生了带有不同遗传因子的两种配子，且比例相等
C．根据假设设计了测交实验并推理出相应结果
D．做了多组相对性状的杂交实验，F2的性状分离比均接近3：
1，以验证其假设
答案：
D
解析：
“为什么F2出现了3：
1的性状分离比”是根据实验现象提出的问题，A项正确；“F1产生了带有不同遗传因子的两种配子，且比例相等”是假设的核心，B项正确；根据假设，设计测交实验验证演绎推理的结果，C项正确、D项错误。
3．[2019·甘肃民乐模拟]孟德尔在对一对相对性状进行研究的过程中，发现了基因的分离定律。
下列几组比例中能直接说明基因分离定律实质的是（ ）
A．F2的表现型比例为3：
1
B．F1产生配子的比例为1：
1
C．F2基因型的比例为1：
2：
1
D．测交后代的比例为1：
1
答案：
B
解析：
基因分离定律的实质是位于同源染色体上的等位基因彼此分离，发生在减数分裂过程中，即F1产生配子时，等位基因随同源染色体的分离而分开，产生两种数量相同的配子，B最符合题意。
4．[2019·湖南永州模拟]小鼠的体色灰色与白色是由常染色体上的一对基因控制的相对性状，某校生物科研小组的同学饲养了8只小鼠（编号①～⑧），同时进行了一次杂交实验，下表是杂交组合及所得第一胎子鼠的体色情况：
杂交组合
亲本
子代
雌
雄
灰
白
Ⅰ
①灰
②白
5
6
Ⅱ
③白
④灰
4
6
Ⅲ
⑤灰
⑥灰
11
0
Ⅳ
⑦白
⑧白
0
9
该小组同学认为，根据上述实验结果不能确认哪个性状是显性性状，需重新设计杂交组合，以确定这对性状的显隐性。
请选出最合理的实验方案（ ）
A．让①与⑥杂交，③与⑧杂交，观察后代体色情况
B．让⑤与⑧杂交，⑥与⑦杂交，观察后代体色情况
C．让①与④杂交，②与③杂交，观察后代体色情况
D．让③与⑥杂交，④与⑤杂交，观察后代体色情况
答案：
C
解析：
杂交组合Ⅰ、Ⅱ中的显性个体为杂合子，要确定这对性状的显隐性，可以让①与④杂交，②与③杂交，观察后代体色情况。
如果①与④的后代既有灰鼠又有白鼠，②与③的后代全为白鼠，则灰色为显性性状；如果①与④的后代全为灰鼠，②与③的后代既有灰鼠又有白鼠，则白色为显性性状。
故C符合题意。
5．[2019·江苏泰州模拟]某种植物的花色受一对等位基因控制，且红花对白花为显性。
现将该植物群体中的白花植株与红花植株杂交，子一代中红花植株和白花植株的比例为5：
1，如果将亲本红花植株自交，F1中红花植株和白花植株的比例为（ ）
A．3：
1 B．5：
1
C．5：
3D．11：
1
答案：
D
解析：
设控制红花与白花的基因分别为A、a，根据白花植株与红花植株杂交，子一代中红花植株和白花植株的比例为5：
1，aa占1/6，说明亲本红花植株中Aa占1/3，AA占2/3。
亲本红花植株自交，后代中白花植株占1/3×1/4＝1/12，则红花植株占11/12，即F1中红花植株和白花植株的比例为11：
1。
6．[2019·山东德州模拟]金鱼草的花色由一对等位基因控制，科研小组进行杂交实验的结果如表所示，下列相关叙述错误的是（ ）
交配类型
子代性状及比例
粉红花×白花
粉红花：
白花＝1：
1
粉红花×红花
粉红花：
红花1：
1
粉红花×粉红花
粉红花：
白花：
红花＝2：
1：
1
A.红花植株与红花植株杂交，后代均为红花植株
B．白花植株与白花植株杂交，后代均为白花植株
C．红花植株与白花植株杂交，后代均为粉红花植株
D．红花植株为显性纯合子，粉红花植株为杂合子
答案：
D
解析：
由题意可知金鱼草的花色受一对等位基因控制，应遵循基因的分离定律，分析第三组杂交实验可知该性状是不完全显性遗传，其中粉红花是杂合子控制的，白花和红花是显性或隐性纯合子。
红花植株是纯合子，因此红花植株与红花植株杂交，后代均为红花植株，A正确；白花植株是纯合子，白花植株与白花植株杂交，后代均为白花植株，B正确；红花植株与白花植株杂交，后代都是杂合子，均为粉红花植株，C正确；由题干信息无法确定红花、白花的显隐性，D错误。
7．[2019·广西桂林、柳州模拟]已知控制牛的有角（HA）和无角（HB）的等位基因位于常染色体上，公牛体内HA对HB为显性，母牛体内HB对HA为显性，下列有关叙述错误的是（ ）
A．多对杂合的有角公牛和杂合的无角母牛杂交，F1中公牛的表现型及比例为有角：
无角＝3：
1
B．多对杂合的有角公牛和杂合的无角母牛杂交，F1中母牛的表现型及比例为有角：
无角＝1：
3
C．纯合有角公牛和纯合有角母牛杂交，F1中公牛的表现型为有角，母牛的表现型为无角
D．纯合有角公牛和纯合无角母牛杂交，F1中公牛的表现型为有角，母牛的表现型为无角
答案：
C
解析：
多对杂合的有角公牛（HAHB）和杂合的无角母牛（HAHB）杂交，F1中公牛的表现型及比例为有角（HAHA＋HAHB）：
无角（HBHB）＝3：
1，A项正确；多对杂合的有角公牛（HAHB）和杂合的无角母牛（HAHB）杂交，F1中母牛的表现型及比例为有角（HAHA）：
无角（HBHB＋HAHB）＝1：
3，B项正确；纯合有角公牛（HAHA）和纯合有角母牛（HAHA）杂交，F1中公牛和母牛的表现型都是有角，C项错误；纯合有角公牛（HAHA）和纯合无角母牛（HBHB）杂交，F1全为杂合子（HAHB），公牛的表现型为有角，母牛的表现型为无角，D项正确。
8．[2019·湖北模拟]某植物中控制两对相对性状的基因自由组合，如果F2的性状分离比分别为9：
7和9：
6：
1和15：
1，那么F1与隐性个体测交，得到的性状分离比分别是（ ）
A．1：
3 1：
2：
1 3：
1
B．3：
1 4：
1 1：
3
C．1：
2：
1 4：
1 3：
1
D．3：
1 3：
1 1：
4
答案：
A
解析：
F1为双杂合体（设为AaBb），自交产生F2，分离比为9：
7，可知（A_B_）：
（A_bb＋aaB_＋aabb）＝9：
7，因此F1（AaBb）与aabb杂交，子代中AaBb：
（Aabb＋aaBb＋aabb）＝1：
3，同理可知，F2分离比是9：
6：
1时，测交子代分离比是AaBb：
（Aabb＋aaBb）：
aabb＝1：
2：
1；F2分离比是15：
1时，测交子代分离比是（AaBb＋Aabb＋aaBb）：
aabb＝3：
1，故A正确。
9．[2019·定州月考]某个鼠群有基因纯合致死现象（使个体在胚胎时期就死亡），该鼠群的体色有黄色（Y）和灰色（y），尾巴有短尾（D）和长尾（d）。
任意取雌、雄两只黄色短尾鼠经多次交配，F1的表现型为黄色短尾：
黄色长尾：
灰色短尾：
灰色长尾＝4：
2：
2：
1。
则下列相关说法不正确的是（ ）
A．两个亲本的基因型均为YyDd
B．F1中黄色短尾个体的基因型为YyDd
C．F1中只有某些纯合子在胚胎时期死亡
D．F1中黄色长尾和灰色短尾的基因型分别是Yydd和yyDd
答案：
C
解析：
任意取雌、雄两只黄色短尾鼠经多次交配，F1的表现型为黄色短尾：
黄色长尾：
灰色短尾：
灰色长尾＝4：
2：
2：
1，即黄色：
灰色＝2：
1，短尾：
长尾＝2：
1，根据题干信息“鼠群有基因纯合致死现象（在胚胎时期就使个体死亡）”，可知YY、DD致死。
两对基因的遗传遵循自由组合定律，可推知两个亲本的基因型均为YyDd，其交配后代中基因型为YYDD、YYDd、YyDD、YYdd和yyDD的个体均在胚胎时期死亡，因此存活的F1中YyDd（黄色短尾）：
Yydd（黄色长尾）：
yyDd（灰色短尾）：
yydd（灰色长尾）＝4：
2：
2：
1，A、B、D正确；由上述分析可知F1中除了某些纯合子在胚胎时期死亡外，还有YYDd、YyDD杂合子也死亡，C错误。
10．[2019·山东淄博模拟]现有①～④四个果蝇品系（都是纯种），其中品系①的性状均为显性，品系②～④均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。
这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如表所示。
若要验证自由组合定律，可选择下列哪种交配类型（ ）
品系
①
②
③
④
隐性性状
均为显性
残翅
黑身
紫红眼
相应染色体
Ⅱ、Ⅲ
Ⅱ
Ⅱ
Ⅲ
A.①×②B．①×④
C．②×③D．②×④
答案：
D
解析：
根据题意和表格分析可知，控制翅形和体色的基因都位于Ⅱ号染色体上，控制眼色的基因位于Ⅲ号染色体上，当两对基因位于两对同源染色体上时，可验证基因的自由组合定律。
所以可选择的杂交组合是②×④或③×④，故D正确，A、B、C错误。
11．[2019·山东淄博模拟]具有相对性状的两纯合亲本进行杂交，F1形成配子时控制相对性状的基因彼此分离必须满足的条件是（ ）
A．控制相对性状的基因位于常染色体上
B．F1的雌雄配子随机结合
C．控制相对性状的基因位于同源染色体上
D．用统计学的方法对F2进行分析
答案：
C
解析：
控制相对性状的基因位于一对同源染色体上，该对同源染色体可以是常染色体，也可以是性染色体，A错误；F1的雌雄配子随机结合发生在配子形成之后，是F2实现3：
1性状分离比的条件，B错误；控制相对性状的基因即等位基因位于一对同源染色体，F1形成配子时等位基因随同源染色体的分离而分离，C正确；用统计学的方法对F2进行统计分析，发现了F2出现3：
1的性状分离比，D错误。
12．[2019·山东师大附中模拟]已知基因B、b分别控制黑色和白色性状，某生物基因型为Bb，该个体自交得F1，下列说法中正确的是（ ）
A．F1表现型为黑色的个体中杂合子占1/4
B．F1中黑色个体自由交配，后代中白色个体占1/6
C．F1中杂合黑色个体与白色个体杂交得到的子代个体自交，自交后代的性状分离比为1：
1
D．F1自交得F2，F2中BB、Bb的概率分别为3/8、1/4
答案：
D
解析：
基因型为Bb的个体自交得F1，F1基因型及比例为BB：
Bb：
bb＝1：
2：
1，黑色个体中杂合子占2/3，A错误；F1中黑色个体基因型为1/3BB、2/3Bb，B基因频率为2/3，b基因频率为1/3，根据遗传平衡定律，其后代中白色个体占1/9，B错误；F1中杂合黑色个体（Bb）与白色个体（bb）杂交得到的子代个体基因型及比例为Bb：
bb＝1：
1，Bb自交后代表现型及比例为黑色：
白色＝3：
1，bb自交后代全为白色，故自交后代的性状分离比为3：
5，C错误；F1自交，F2中BB的概率为1/4＋2/4×1/4＝3/8，Bb的概率为2/4×2/4＝1/4，D正确。
13．[2019·河北邯郸模拟]某种植物的某性状符合基因分离定律，取AA与aa的植株杂交得F1，F1自交得F2，取表现型为显性的个体自由交配，后代中显性与隐性个体之比为（ ）
A．8：
1B．3：
1
C．9：
1D．16：
1
答案：
A
解析：
基因型为AA与aa的植株杂交得F1，F1自交得F2，F2的基因型及比例为AA：
Aa：
aa＝1：
2：
1，表现为显性的个体是AA和Aa，且AA占
，Aa占
，可求得A的基因频率为
，a的基因频率为
，子代隐性个体aa的概率为
×
＝
，显性个体占1－
＝
，显性个体：
隐性个体＝8：
1。
14．[2019·江西铅山一中、横峰中学联考]某种二倍体野生植物的花瓣有白色、紫色、红色、粉红色4种，由位于非同源染色体上的两对等位基因（A、a和B、b）控制（如图所示）。
研究人员将白花植株的花粉授给紫花植株，得到的F1全部表现为红花，然后让F1进行自交得到F2。
下列相关叙述不正确的是（ ）
A．由基因A指导合成的酶，其发挥作用的场所最可能是液泡
B．亲本中白花植株的基因型为aaBB，F1红花植株的基因型为AaBb
C．F2中白花：
紫花：
红花：
粉红花＝4：
3：
6：
3，F2中自交后代不会发生性状分离的植株占
D．若研究人员用两种不同花色的植株杂交，得到的子代植株有4种花色，则子代中新出现的两种花色及其比例为红色：
白色＝1：
1
答案：
D
解析：
从题干信息可知，紫色的基因型为A_bb，红色的基因型为A_Bb，粉红色的基因型为A_BB，白色的基因为aa__。
花瓣的颜色与储存在液泡中的花青素有关，所以与花瓣颜色相关的酶可能在液泡中发挥作用，A正确；由于紫花基因型是A_bb，而要与选择的白花杂交产生基因型为A_Bb的红花，所以白花只能是aaBB，紫花是AAbb，F1红花是AaBb，B正确；F1AaBb自交后代F2的基因型及比例为A_BB：
A_Bb：
A_bb：
aa__＝3：
6：
3：
4，其中AABB、AAbb、aa__自交都不会发生性状分离，这些个体所占比例为
＋
＋
＝
＝
，C正确；两种颜色的花杂交要出现4种花色，可以选择的杂交组合为AaBb×aaBb，子代表现型及比例为白花：
紫花：
红花：
粉红花＝4：
1：
2：
1，新出现的两种花色及其比例为粉红色：
紫色＝1：
1，D错误。
15．[2019·西安模拟]某种植物果实重量由三对等位基因控制，这三对基因分别位于三对同源染色体上，对果实重量的增加效应相同且具叠加性。
已知隐性纯合子和显性纯合子果实重量分别为150g和270g。
现将三对基因均杂合的两植株杂交，F1中重量为190g的果实所占比例为（ ）
A．3/64B．5/64
C．12/64D．15/64
答案：
D
解析：
由于每个显性基因增重20g，所以重量为190g的果实的基因型中含有2个显性基因。
三对基因均杂合的两植株（AaBbCc）杂交，含两个显性基因的个体基因型为AAbbcc、aaBBcc、aabbCC、AaBbcc、AabbCc、aaBbCc，所占比例依次为1/64、1/64、1/64、4/64、4/64、4/64，因此共占比例为15/64。
16．[2019·山东淄博模拟]已知水稻的抗旱性（A）和多颗粒（B）属显性，各由一对等位基因控制且独立遗传，现有抗旱、多颗粒植株若干，对其进行测交，子代的性状分离比为抗旱多颗粒：
抗旱少颗粒：
敏旱多颗粒：
敏旱少颗粒＝2：
2：
1：
1，若这些亲代植株相互受粉，后代性状分离比为（ ）
A．24：
8：
3：
1B．9：
3：
3：
1
C．15：
5：
3：
1D．25：
15：
15：
9
答案：
A
解析：
由题意可知水稻的抗旱性（A）和多颗粒（B）的遗传遵循基因的自由组合定律，因此，对测交结果中每一对相对性状可进行单独分析，抗旱性：
敏旱性＝2：
1，多颗粒：
少颗粒＝1：
1，则提供的抗旱、多颗粒植株产生的配子中A：
a＝2：
1，B：
b＝1：
1，让这些植株相互受粉，敏旱（aa）占（1/3）2＝1/9，抗旱占8/9；少颗粒（bb）占1/4，多颗粒占3/4。
根据基因的自由组合定律，后代性状分离比为（8：
1）×（3：
1）＝24：
8：
3：
1。
17．[2019·黑龙江哈尔滨三中考试]如图表示孟德尔揭示两个遗传定律时所选用的豌豆植株体内相关基因控制的性状显隐性及其在染色体上的分布。
下列叙述正确的是（ ）
A．甲、乙、丙、丁都可以作为验证基因分离定律的材料
B．图丁个体自交后代中最多有三种基因型、两种表现型
C．图甲所表示个体减数分裂时，可以揭示基因的自由组合定律的实质
D．图丙个体自交，子代表现型比例为9：
3：
3：
1，属于假说—演绎的实验验证阶段
答案：
A
解析：
基因分离定律的实质是位于同源染色体上的等位基因随同源染色体的分离而分离，甲、乙、丙、丁均有至少一对等位基因，都可以作为验证基因分离定律的材料，A正确；图丁个体的基因型是DdYyrr，Y（y）与D（d）位于一对同源染色体上，如果减数分裂时发生交叉互换，则丁个体自交后代的基因型会多于三种，表现型会多于两种，B错误；图甲个体的基因型为Yyrr，不论是否遵循自由组合定律，都产生比例是1：
1的两种类型的配子，因此不能揭示基因的自由组合定律的实质，C错误；假说－演绎法的验证阶段是测交实验，不是自交实验，D错误。
18．[2019·河南中原名校质量考评]某种昆虫长翅（A）对残翅（a）、直翅（B）对弯翅（b）、有刺刚毛（D）对无刺刚毛（d）为显性，控制这三对性状的基因位于常染色体上。
如图表示某一个体的基因组成，以下判断正确的是（ ）
A．控制长翅和残翅、直翅和弯翅的基因遗传时遵循基因自由组合定律
B．该个体的细胞有丝分裂后期，移向细胞同一极的基因为AbD或abd
C．复制后的两个A基因发生分离可能在减数第一次分裂后期
D．该个体的一个初级精母细胞所产生的精细胞基因型一般有四种
答案：
C
解析：
控制长翅和残翅、直翅和弯翅的基因位于一对同源染色体上，其遗传时不遵循自由组合定律，A错误；有丝分裂后期，移向细胞同一极的基因为AabbDd，B错误；间期DNA进行复制，导致两条姐妹染色单体上均有A基因，因此在减数第二次分裂后期姐妹染色单体分离的同时，两个A基因也发生分离，但若在减数第一次分裂前期联会时，A与a所在的同源染色体发生了交叉互换，则两个A基因也可能在减数第一次分裂后期发生分离，C正确；一个初级精母细胞能产生4个精细胞，通常两两相
同，因此该个体的一个初级精母细胞产生的精细胞基因型一般有2种，D错误。
19．[2019·河北沧州一中周测]豌豆子叶的黄色（Y）对绿色（y）为显性，圆粒种子（R）对皱粒种子（r）为显性。
某人用黄色圆粒和绿色圆粒的豌豆进行杂交，发现F1出现4种类型，对性状的统计结果如图所示。
如果用F1中的一株黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，得到的F2的性状及比例是（ ）
A．黄色圆粒：
黄色皱粒：
绿色圆粒：
绿色皱粒＝2：
1：
2：
1
B．黄色圆粒：
黄色皱粒：
绿色圆粒：
绿色皱粒＝2：
2：
1：
1
C．黄色圆粒：
绿色圆粒＝1：
1或黄色圆粒：
黄色皱粒：
绿色圆粒：
绿色皱粒＝1：
1：
1：
1
D．黄色圆粒：
黄色皱粒：
绿色圆粒：
绿色皱粒＝3：
3：
1：
1
答案：
C
解析：
从题干可知，黄色圆粒的基因型为Y_R_，绿色圆粒的基因型为yyR_，结合柱形图，圆粒：
皱粒＝75：
25＝3：
1，黄色：
绿色＝1：
1可知，两亲本的基因型为YyRr和yyRr。
二者杂交后代中黄色圆粒的基因型为YyRR或YyRr，与绿色皱粒（yyrr）杂交F2的性状及比例为黄色圆粒：
绿色圆粒＝1：
1或黄色圆粒：
黄色皱粒：
绿色圆粒：
绿色皱粒＝1：
1：
1：
1，C正确。
20．[2019·甘肃会宁月考]某动物细胞中位于常染色体上的基因A、B、C分别对a、b、c为显性。
现用两个纯合个体杂交得F1，F1测交的结果为aabbcc：
AaBbCc：
aaBbcc：
AabbCc＝1：
1：
1：
1。
则F1体细胞中三对基因在染色体上的位置是（ ）
答案：
B
解析：
要判别三对等位基因在染色体上的情况时可两两考虑。
若只考虑A、a和B、b，从测交后代来看aabb：
aaBb：
AaBb：
Aabb＝1：
1：
1：
1，可知这两对基因遵循自由组合定律，即这两对基因位于两对同源染色体上；若只考虑A、a和C、c，从测交后代来看只有aacc和AaCc，这两对基因不遵循自由组合，即两对基因位于一对同源染色体上，且A与C连锁，a与c连锁，故答案为B。
课时测评⑪综合提能力 课时练 赢高分
一、选择题
1．[2019·江西联考]水稻抗稻瘟病由基因R控制，细胞中另有一对等位基因B、b对稻瘟病的抗性表达有影响，BB使水稻抗性完全消失，Bb使抗性减弱。
现用两纯合亲本进行杂交，实验过程和结果如图所示。
相关叙述正确的是（ ）
P 易感病×抗病
↓
F1 弱抗病
↓自交
F2 抗病 弱抗病 易感病
3 ：
6 ：
7
A．亲本的基因型是RRBB、rrbb
B．F2的弱抗病植株中纯合子占2/3
C．F2中全部抗病植株自交，后代抗病植株中8/9
D．不能通过测交鉴定F2易感病植株的基因型
答案：
D
解析：
分析图解可知，子二代的表现型及比例是3：
6：
7，是9：
3：
3：
1的变式，说明控制水稻的抗病与易感病的两对等位基因遵循自由组合定律，子一代的基因型为RrBb，表现为弱抗性，由于BB使水稻抗性完全消失，因此亲本基因型是RRbb（抗病）和rrBB（易感病），A错误；子二代弱抗病植株的基因型是R_Bb，无纯合子，B错误；子二代中抗病植株的基因型是R_bb，RRbb：
Rrbb＝1：
2，抗病植株自交，RRbb后代全部是抗病，Rrbb后代抗病：
不抗病＝3：
1，因此子二代全部抗病植株自交，后代不抗病的比例是2/3×1/4＝1/6，抗病植株占5/6，C错误；F2易感病植株的基因型是rrBB、rrBb、rrbb、RRBB、RrBB，其中rrBB、rrBb、rrbb与rrbb杂交，后代都是易感病个体，因此不能用测交法鉴定子二代易感病个体的基因型，D正确。
2．[2019·山东济南阶段性考试]野生型的趾有毛果蝇和野生型的趾无毛果蝇杂交，子一代全部表现为趾有毛。
子一代趾有毛个体相互交配，子二代的630只果蝇中，有354只趾有毛，其余全部表现为趾无毛。
下列叙述中不正确的是（ ）
A．果蝇趾无毛和趾有毛是一对相对性状
B．果蝇趾无毛和趾有毛的数量差异与纯合致死有关
C．果蝇趾无毛和趾有毛遗传与基因的自由组合有关
D．子二代中趾有毛果蝇的基因型种类比趾无毛少
答案：
B
解析：
野生型的趾有毛果蝇和野生型的趾无毛果蝇杂交，子一代全部表现为趾有毛，说明果蝇趾有毛为显性性状，趾有毛与趾无毛是一对相对性状，A正确；子一代趾有毛个体相互交配，子二代的630只果蝇中，有354只趾有毛，其余全部表现为趾无毛，即趾有毛与趾无毛的比例约为9：
7，说明该性状受两对等位基因控制，而与纯合致死无关，B错误、C正确；子二代中趾有毛果蝇是双显性个体，有4种基因型，则趾无毛个体有5种基因型，D正确。
3．[2019·江西南昌调研]以抗螟非糯性水稻（GGHH）与不抗螟糯性水稻（gghh）为亲本杂交得F1，F1自交得F2，F2的性状分离比为9：
3：
3：
1，则F1中两对等位基因在染色体上的位置关系是（ ）
答案：
C
解析：
F1（GgHh）自交得F2，F2的性状分离比为9：
3：
3：
1，说明F1能产生4种数量相等的雌、雄配子，两对等位基因分别位于两对同源染色体上，C正确。
4
升级会员 