武汉市高二物理寒假作业含答案 12.docx
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武汉市高二物理寒假作业含答案12
武汉市高二物理寒假作业12
一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）
1.下列实验现象，属于电磁感应现象的是（ ）
A.
导线通电后其下方的小磁针发生偏转
B.
通电导线AB在磁场中运动
C.
通电线圈在磁场中转动
D.
金属杆切割磁感线时，电流表指针偏转
2.如图所示，相同长度的同一材料导线做成不同形状的单匝线圈，有正方形、等边三角形、圆形，将它们放在同一直线边界匀强磁场中，线圈平面与磁场垂直。
现以相同的速度v将线圈从磁场中匀速拉出，当线圈的一半在磁场中时，线圈与磁场边界交点间电压最小的是（ ）
A.
B.
C.
D.
3.
世界上第一台发电机──法拉第圆盘发电机的原理如图所示，将一个圆形金属盘放置在电磁铁的两个磁极之间，并使盘面与磁感线垂直，盘的边缘附近和中心分别装有与金属盘接触良好的电刷A、B，两电刷与灵敏电流计相连。
当金属盘绕中心轴按图示方向转动时，则（ ）
A.穿过铜盘的磁通量不变，电刷B的电势高于电刷A的电势
B.若仅将电刷B向盘边缘移动，使电刷A、B之间距离增大，灵敏电流计的示数将变小
C.若仅将滑动变阻器滑动头向左滑动，灵敏电流计的示数将变小
D.金属盘转动的转速越大，维持其做匀速转动所需外力做功的功率越小
4.如图所示，有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域。
直角边长为L，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外，一边长为L、总电阻R的正方形闭合导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v垂直磁场匀速穿过磁场区。
取电流沿a→b→c→d→a的方向为正，则图中表示线框中感应电流i随bc边位置坐标x变化的图象正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.
5.
如图所示，ACD、EFG为两根相距L的足够长的金属直角导轨，它们被竖直固定在绝缘水平面上，CDGF面与水平面成θ角。
两导轨所在空间存在垂直于CDGF平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B．两根质量均为m、长度均为L的金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，杆与导轨之间的动摩擦因数均为μ，两金属细杆的电阻均为R，导轨电阻不计。
当ab以速度v1沿导轨向下匀速运动时，cd杆正好以速度v2向下匀速运动，重力加速度为g。
以下说法正确的是（ ）
A.回路中的电流强度为
B.ab杆所受摩擦力为mgsinθ
C.cd杆所受摩擦力为
D.μ与v1大小关系满足
6.
如图所示，固定于水平面的“
”形导线框处于磁感应强度大小为B，方向竖直向下的匀强磁场中，导线框两平行导轨间距为d，左端接一电动势为E0，内阻不计的电源。
一质量为m、电阻为R的导体棒MN垂直平行足够长导轨放置并接触良好，忽略摩擦阻力和导轨的电阻。
闭合开关S，导体棒从静止开始运动，至达到最大速度运动的距离为（ ）
A.
B.
C.
D.
7.如图甲所示，abcd是位于竖直平面内的正方形闭合金属线框，金属线框的质量为m，电阻为R．在金属线框的下方有一匀强磁场区域，MN和PQ是匀强磁场区域的水平边界，并与线框的bc边平行，磁场方向垂直于线框平面向里。
现使金属线框从MN上方某一高度处由静止开始下落，如图乙是金属线框由开始下落到bc刚好运动到匀强磁场PQ边界的v-t图象，图中数据均为已知量。
重力加速度为g，不计空气阻力。
下列说法正确的是（ ）
A.金属线框刚进入磁场时感应电流方向沿adcba方向
B.MN和PQ之间的距离为v1（t2-t1）
C.磁场的磁感应强度为
D.金属线框在0-t3的时间内所产生的热量为mgv1（t3-t1）
二、多选题（本大题共5小题，共20.0分）
8.
铺设海底金属油气管道时，焊接管道需要先用感应加热的方法对焊口两侧进行预热。
如图所示，将被加热管道置于感应线圈中，当感应线圈中通以电流时管道发热，下列说法中正确的是（ ）
A.采用增大交变电流的频率，可使焊接效果越好
B.采用增大感应线圈电阻值，可使焊接效果越好
C.采用金属电阻率越小的管道材料，焊接效果越好
D.感应线圈中通以正弦交流电，在管道中产生的涡流也是交流电
9.如图（a）所示，圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方悬挂一相同的线圈Q，P和Q共轴，Q中通有变化的电流，电流变化的规律如图（b）所示，则下列说法正确的是（ ）
A.t1、t5时刻P线圈对桌面的压力小于P自身的重力
B.t3、t5时刻线圈P中产生的感应电流方向相同
C.t3时刻线圈P有扩张的趋势
D.t4、t6时刻P线圈的发热功率为0
10.
如图所示电路中，灯泡A、B的规格相同，电感线圈L的自感系数很大，直流电阻可忽略不计。
下列关于此电路的说法中正确的是（ ）
A.刚闭合S瞬间，A、B同时亮
B.闭合S达到稳定态后，A逐渐变亮，最后A、B一样亮
C.闭合S达到稳定态后，再将S断开时，A立即熄灭，B逐渐变暗最后熄灭
D.闭合S达到稳定态后，再将S断开时，B立即熄灭，A闪亮一下后熄灭
11.如图所示圆形线圈共n匝，电阻为R，过线圈中心O垂直于线圈平面的直线上有A、B两点，A、B两点的距离为2L，A、B关于O点对称。
一条形磁铁开始放在A点，中心与O点重合，轴线与A、B所在直线重合，此时线圈中的磁通量为Φ1，将条形磁铁以速度v匀速向右移动，轴线始终与直线重合，磁铁中心到O点时线圈中的磁通量为Φ2，下列说法中正确的是（ ）
A.磁铁在A点时，通过一匝线圈的磁通量为
B.磁铁从A到O的过程中，线圈中产生的平均感应电动势为E=
C.磁铁从A点运动到B点，线圈中磁通量的变化量为2Φ1
D.磁铁从A到B的过程，通过线圈某一截面的电量为零
12.如图甲所示，质量m=1.0×l0-3kg的“
”形金属细框竖直放置在两水银槽中，“
”形框的水平细杆CD长l=0.20m，处于磁感应强度大小B1=1.0T、方向水平向右的匀强磁场中。
有一匝数n=150匝、面积S=2.0×l0-3m2的线圈通过开关K与两水银槽相连。
线圈处于与线圈平面垂直、沿竖直方向的匀强磁场中，其磁感应强度B2随时间t变化的关系如图乙所示。
t=0.24s时闭合开关K，瞬间细框跳起（细框跳起瞬间安培力远大于重力），跳起的最大高度h=0.20m。
不计空气阻力和水银的黏滞作用，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是（ ）
A.0-0.10s内线圈中的感应电动势大小为3V
B.磁感应强度B2的方向竖直向下
C.开关K闭合瞬间，CD中的电流方向由C到D
D.开关K闭合瞬间，通过细杆CD的电荷量为0.03C
三、实验题（本大题共2小题，共16.0分）
13.如图甲所示为实验室的一款直流电流表接线柱间的标识，其使用说明书上附的电流表内部线路如图乙所示。
（1）某次用0～0.6A量程测量时，示数如图丙所示，其读数为______A。
（2）该款电流表0～0.6A量程对应内阻为______（用图中的阻值号Rg、R1、R2、R3表示）。
（3）若电阻R1断路，则电流表允许通过的最大电流约为______mA（结果保留两位有效数字）。
14.为了探究额定功率为4W、额定电压为4V的小灯泡消耗的功率与电压的关系，提供了如下的实验器材：
A．电压表V1（0～2V，内阻2kΩ）
B．电压表V2（0～15V，内阻15kΩ）
C．电流表A（0～1A，内阻约1Ω）
D．定值电阻R1=2kΩ
E．定值电阻R2=16kΩ
F．滑动变阻器R（15Ω，2A）
G．学生电源（直流6V，内阻不计）
H．开关、导线若干
（1）为了减小实验误差，电压表应选用______，定值电阻应选用______（均用序号字母填写）；
（2）在探究功率与电压的关系时，要求电压从零开始调节，并且多次测量，在图中画出满足要求的电路图；
（3）根据设计的电路图，写出电压表读数UV与小灯泡两端电压U的关系______．若小灯泡的电功率为P，则关系图线可能正确的是______．
四、计算题（本大题共4小题，共46.0分）
15.
如图所示，在磁感应强度为1T的匀强磁场中，让长度为0.8m的导体棒MN在无摩擦的框架上以5m/s的速度向右匀速运动，电阻R1=6Ω，R2=4Ω，MN的电阻为1.6Ω，其他导体电阻不计，试计算：
（1）MN中的感应电流大小
（2）导体棒MN受到的安培力的大小。
16.如图（a）所示，间距为l、电阻不计的光滑导轨固定在倾角为θ的斜面上。
在区域I内有方向垂直于斜面的匀强磁场，磁感应强度恒为B；在区域Ⅱ内有垂直于斜面向下的匀强磁场，其磁感应强度Bt的大小随时间t变化规律如图（b）所示。
t=0时刻，在轨道上端的金属细棒ab从如图位置由静止开始沿导轨下滑，同时下端的另一金属细棒cd在位于区域I内的导轨上也由静止释放。
在ab棒运动到区域Ⅱ的下边界EF之前，cd棒始终静止不动，两棒均与导轨接触良好。
已知cd棒的质量为m，电阻为R，ab棒的质量、阻值均未知，区域Ⅱ沿斜面的长度为2l，在t=tx时刻（tx未知）ab棒恰好进入区域Ⅱ，重力加速度为g。
求：
（1）当ab棒在区域Ⅱ内运动时，cd棒消耗的电功率；
（2）ab棒由静止下滑到区域Ⅱ下边界的时间。
17.如图甲所示，一匝数N=10匝、总电阻R=2.5Ω、ad长L1=0.4m、ab宽L2=0.2m的匀质矩形金属线框静止在粗糙水平面上，线框的bc边正好过半径r=0.1m的圆形磁场的直径，线框的左半部分处于垂直线框平面向上的匀强磁场区域内，磁感应强度B0=1T，圆形磁场的磁感应强度为B，方向垂直线框平面向下，大小随时间变化规律如图乙所示，已知线框与水平面间的最大静摩擦力f=3.0N，π≈3．求：
（1）t=0时刻穿过线框的磁通量大小；
（2）线框何时开始滑动。
18.
如图所示，电阻忽略不计的金属导轨CED固定在绝缘水平面上，CE和DE长度均为1.25m，CD长为1.5m。
以CD中点O为原点，OE为x轴建立一维坐标系Ox．一根粗细均匀的金属杆GH，在水平拉力F的作用下，从CD处开始以恒定速度v=1m/s在导轨上沿x轴正向运动（金属杆与导轨接触良好），已知空间存在方向竖直向上，磁感应强度B为1T的匀强磁场。
金属杆GH长度d也为1.5m、质量m为1kg、电阻R为0.5Ω，金属杆GH与金属导轨CED之间的动摩擦因数为0.2，g取10m/s2．求：
（1）金属杆GH运动到x=0.4m时电势差UGH；
（2）金属杆GH从CD处运动到E点的全过程安培力的冲量；
（3）金属杆GH从CD处运动到E点的全过程产生的热量。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
A、导线通电后，其下方的小磁针受到磁场的作用力而发生偏转，说明电流能产生磁场，是电流的磁效应现象，不是电磁感应现象，故A错误；
B、通电导线AB在磁场中受到安培力作用而运动，不是电磁感应现象，故B错误；
C、通电线圈在磁场中受到安培力作用而发生转动，不是电磁感应现象，故C错误；
D、金属杆切割磁感线时，电路中产生感应电流，是电磁感应现象，故D正确；
故选：
D。
电磁感应现象的是指穿过电路的磁通量变化时，产生感应电动势或感应电流的现象，从而即可求解。
本题考查对电磁现象本质的分析与理解能力，电磁感应现象特征是产生感应电流或感应电动势。
2.【答案】A
【解析】解：
设导线的总长度为S。
A图中：
设正方形边长为L，则4L=S，有效切割长度L=
B图中：
设正三角形的边长为a，则3a=S，a=
，有效切割长度l=asin60°=
S
C图中：
设圆的直径为d，则πd=S，有效切割长度d=
D图中：
有效切割长度为l=
S
由数学知识可知，A图中有效切割长度最小，产生的感应电动势最小，根据线圈与磁场边界交点间电压是外电压，等于感应电动势的一半，知A图中线圈与磁场边界交点间电压最小。
故A正确，BCD错误。
故选：
A。
线圈与磁场边界交点间电压是外电压，等于感应电动势的一半，根据有效切割长度分析感应电动势，确定哪种情况的感应电动势最大，即可作出判断。
解决本题的关键是运用数学知识确定有效的切割长度，分析感应电动势的关系，要注意线圈与磁场边界交点间电压是外电压，不是内电压。
3.【答案】C
【解析】解：
A、根据右手螺旋定则，左端磁极为N极，右端磁极为S极，圆盘转动，切割磁感线，磁通量发生变化，根据右手定则，感应电动势的方向为A到B，所以B点的电势高于A点电势。
故A错误；
B、若仅将电刷B向盘边缘移动，使电刷A、B之间距离增大，则切割产生的感应电动势增大，灵敏电流计的示数增大，故B错误；
C、若仅将滑动变阻器滑动头向左滑动，电阻增大，电路中电流减小，通过圆盘的磁感应强度减小，则切割产生的感应电动势减小，灵敏电流计的示数减小，故C正确；
D、金属盘转动的转速越大，则产生的电动势增大，感应电流增大，需要的维持其做匀速转动所需外力增大，外力的做功的功率：
P=Fv增大。
故D错误。
故选：
C。
根据右手定则判断AB间感应电流方向，即可知道电势高低；仅减小电刷A、B之间的距离，判断感应电动势变化情况，从而判断灵敏电流计的变化情况；提高转速，灵敏电流计的示数变大；根据欧姆定律分析将滑动变阻器滑动头向左滑，灵敏电流计的示数如何变化。
解决本题的关键知道圆盘发电机的原理，知道圆盘发电机靠切割产生感应电动势。
以及掌握右手螺旋定则和右手定则，知道两定则的区别。
4.【答案】C
【解析】解：
bc边的位置坐标x在L-2L过程，根据楞次定律判断可知线框中感应电流方向沿a→b→c→d→a，为正值。
线框bc边有效切线长度为l=x-L，感应电动势为：
E=Blv=B（x-L）v，感应电流为：
i=
=
，i与x是线性关系。
当x=2L时，电流为：
i=
x在2L-3L过程，根据楞次定律判断可知感应电流方向沿a→d→c→b→a，为负值，线框ad边有效切线长度为l=x-2L，感应电动势为E=Blv=B（x-2L）v
感应电流为：
i=-
=-
，当x=2L时i=0，当x=3L时，电流为：
i=-
，根据数学知识知道C图正确。
故选：
C。
分段研究：
先判断感应电流的方向，再确定线框有效的切割长度，分析线框中感应电动势的大小与位置坐标的关系。
线框的电阻一定，感应电流与感应电动势成正比。
本题的关键确定线框有效切割长度与x的关系，根据电磁感应的规律得到i与x的解析式，再结合数学知识选择图象。
5.【答案】D
【解析】解：
A、ab杆产生的感应电动势E=BLv1，cd杆不切割磁感线不产生感应电动势，回路中感应电流为：
I=
=
，故选项A错误；
B、ab杆匀速下滑，受力平衡条件，则ab杆所受的安培力大小为：
F安=BIL=
，方向沿轨道向上，则由平衡条件得ab所受的摩擦力大小为：
f=mgsinθ-F安=mgsinθ-
，故选项B错误；
C、cd杆所受的安培力大小也等于F安，方向垂直于导轨向下，则cd杆所受摩擦力为：
f=μN=μ（mgcosθ+F安）=μ（mgcosθ+
），故选项C错误。
D、根据cd杆受力平衡得：
mgsin（90°-θ）=f=μ（mgsinθ+
），则得μ与v1大小的关系为：
μ（mgsinθ+
）=mgcosθ，所以：
，故选项D正确。
故选：
D。
ab下滑时切割磁感线产生感应电动势，cd不切割磁感线，根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律求解电流强度；根据平衡条件和安培力公式求解ab杆和cd杆所受的摩擦力，两个平衡方程结合分析D项。
对于双杆问题，可采用隔离法分析，其分析方法与单杆相同，关键分析和计算安培力，再由平衡条件列方程解答。
6.【答案】B
【解析】解：
设最大速度为v，则有E0=Bdv，解得v=
由于导体棒运动过程中切割磁感应线产生反电动势，使得电流逐渐减小，
根据动量定理可得：
B
dt=mv
而q=
=
即B•
•d=mv
联立解得：
x=
，故B正确，ACD错误。
故选：
B。
速度最大时导体棒产生的感应电动势等于电源电动势，根据动量定理结合电荷量的经验公式进行求解。
对于电磁感应问题研究思路常常有两条：
一条从力的角度，重点是分析安培力作用下导体棒的平衡问题，根据平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解。
7.【答案】C
【解析】解：
A、线框进入磁场时，下边切割磁感线，由右手定则可以判断电流方向是逆时针方向，即abcda方向，故选项A错误；
B、PQ之间的距离为线框做匀加速直线运动的位移：
xPQ=v1（t3-t2）+
，故选项B错误；
C、线框在进入磁场时，是匀速直线运动，则有：
L=v1（t2-t1），而在进入时由平衡条件有：
mg=B×
，联立以上几式有：
B=
，故选项C正确；
D、由于金属棒做匀速直线运动时才产生热量，所以Q=mgL=mgv1（t2-t1），故选项D错误。
故选：
C。
（1）金属框进入磁场前做匀加速运动，由图线与时间轴所围的面积读出金属框初始位置的bc边到边界MN的高度；由图象可知，金属框进入磁场过程中是做匀速直线运动，根据时间和速度求解金属框的边长；
（2）由图知，金属线框进入磁场过程做匀速直线运动，重力和安培力平衡，列式可求出磁感应强度B．再由电量公式和法拉第电磁感应定律、欧姆定律求电量；
（3）由能量守恒定律求出在进入磁场过程中金属框产生的热量，即可得到安培力做的功。
本题电磁感应与力学知识简单的综合，能由图象读出线框的运动情况，选择与之相应的力学规律是解答本题的关键，要加强练习，培养自己识别、理解图象的能力和分析、解决综合题的能力。
8.【答案】ACD
【解析】【分析】
高频焊接利用高频交变电流产生高频交变磁场，在焊接的金属工件中就产生感应电流，根据法拉第电磁感应定律分析电流变化的频率与焊缝处的温度升高的关系。
焊缝处横截面积小，电阻大，电流相同，焊缝处热功率大，温度升的很高。
本题高频焊接是电磁感应原理的实际应用，要注意明确感应电流的大小与交变电流的电压无关，只与频率有关系。
【解答】
A、高频焊接利用高频交变电流产生高频交变磁场，在焊接的金属工件中就产生感应电流，根据法拉第电磁感应定律分析可知，电流变化的频率越高，磁通量变化频率越高，产生的感应电动势越大，感应电流越大，焊缝处的温度升高的越快，故AD正确；
B、增大感应线圈电阻值，电压不变，电功率减小，升温变慢，故B错误；
C、采用金属电阻率越小的管道材料，电阻减小，电压不变，电功率变大，焊缝处的温度升高的越快，焊接效果越好，故C正确；
故选：
ACD。
9.【答案】BC
【解析】解：
A、t1、t5时刻电流增大，磁感应强度增大，则穿过P的磁通量变大，由楞次定律可知P将阻碍磁通量的变大，则P有向下运动的趋势，即它们有相互排斥的作用，P线圈对桌面的压力大于P自身的重力。
故A错误；
B、t3、t5时刻，通过Q线圈的电流前者减小，后者增大，但它们的电流方向相反，根据楞次定律，则t3、t5时刻线圈P中产生的感应电流方向相同，故B正确；
C、t3时刻电流减小，线圈P产生感应电流，要阻碍磁通量减小，则P有扩张的趋势，故C正确；
D、在t6时刻的Q的电流最大，但电流变化率为零，则P中没有感应电流，那么P线圈发热的功率也为0；在t4时刻的Q的电流为0，但电流变化率最大，则P中感应电流最大，那么P线圈发热的功率也最大，不为0，故D错误；
故选：
BC。
由图可知，Q中电流呈周期性变化，则P中会发生电磁感应现象，由楞次定律可得出线圈P的运动趋势，并依据电流的变化率来确定P中的感应电流大小，即可一一求解。
本题要注意灵活应用楞次定律，本题可以先判断P中电流方向，再根据电流间的相互作用判受力方向，但过程复杂；而直接根据楞次定律的“增缩减扩”可能直观地得出结论。
10.【答案】AD
【解析】解：
AB、闭合S时，电源的电压同时加到两灯上，A、B同时亮，且亮度相同；随着L中电流增大，由于线圈L直流电阻可忽略不计，分流作用增大，A逐渐被短路直到熄灭，外电路总电阻减小，总电流增大，B变亮。
故A正确、B错误。
CD、断开S，B立即熄灭，线圈中电流减小，产生自感电动势，感应电流流过A灯，A闪亮一下后熄灭。
故C错误、D正确。
故选：
AD。
闭合S，A、B同时亮，随着L中电流增大，线圈L直流电阻可忽略不计，分流作用增大，A逐渐被短路，总电阻减小，再由欧姆定律分析B灯亮度的变化。
断开S，B灯立即熄灭，线圈中电流，根据楞次定律判断A灯亮度如何变化。
对于通电与断电的自感现象，它们是特殊的电磁感应现象，可楞次定律分析发生的现象。
11.【答案】BD
【解析】解：
A、磁铁在A点时，线圈中的磁通量为φ1，故通过一匝线圈的磁通量也为φ1，与匝数无关，故A错误；
B、磁铁从A到O的过程中，线圈中产生的平均感应电动势为E=n
=
，故B正确；
CD、磁通量先增加后减小，磁通量的变化量为零，故平均感应电动势为零，故平均感应电流为零，故通过线圈某一截面的电量为零，故C错误，D正确；
故选：
BD。
根据法拉第电磁感应定律公式E=n
求解平均感应电动势，根据欧姆定律求解电流，根据q=It求解电量。
本题关键是明确感应电动势的平均值的求解方法，注意磁通量与面积和磁感应强度有关，与线圈的匝数无关。
12.【答案】AC
【解析】解：
A、由图示图象可知，0～0.10s内：
△Φ=△BS=（1-0）×0.002=0.002Wb，
0～0.10s线圈中的感应电动势大小为：
E=
=3V，故A正确；
B、由安培定则可知感应电流的磁场方向竖直向上，
由图示图象可知，在0.2-0.25s内穿过线圈的磁通量减少，
由楞次定律可知，磁感应强度B2方向：
竖直向上，故B错误；
C、细杆CD所受安培力方向竖直向上，由左手定律可知，电流方向为：
C→D，故C正确；
D、对细框，由动量定理得：
B1Il•△t=mv-0，
细框竖直向上做竖直上抛运动，有：
v2=2gh，
电荷量为：
Q=I△t，解得：
Q=
=0.01C，故D错误。
故选：
AC。
由法拉第电磁感应定律可以求出感应电动势；依据左手定则，结合细框跳起瞬间安培力远大于重力，即可求解；由左手定则可以判断出感应电流方向，然后应用安培定则判断出感应电流磁场的方向，最后应用楞次定律判断磁感应强度的方向；细框向上做竖直上抛运动，应用竖直上抛运动规律可以求出细框获得的速度，由动量定理求出细框受到的安培力，然后由电流定义式的变形公式求出电荷量。
本题是电磁感应与电学、力学相结合的综合题，分析清楚题意、分析清楚图2所示图象是解题的关键，应用法拉第电磁感应定律、左手定则、安培定则、楞次定律、动量定理等即可解题。
13.【答案】0.460
4.4
【解析】解：
（1）量程是0～0.6A，最小分度为0.02A，所以电流表的示数为：
0.4A+3×0.02A=0.460A；
（2）由乙图的电路图可以看出，当使用0～0.6A量程时，内部是两路并联：
表头一路是Rg与R3，分流一路是R1与R2，所以此量程电流表的内阻是这两路并联的总电阻RA=
。
（3）由图示电路图可知，电流表量程为0～3A时：
3=Ig+
，解得：
Ig≈0.0044A=4.4mA，
电阻R1断路，则电流表允许通过的最大电流约为：
Ig=4.4mA；
故答案为：
（1）0.460 A
（2）
（3）4.4 mA
（1）根据电流表量程确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数。
（2）根据图丙所示电路图，应用串并联电路特点求出电流表内阻。
（3）根据电路图，应用串并联电路特点与欧姆定律
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