高中化学重庆高三高考真卷测试试题10含答案考点及解析.docx
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高中化学重庆高三高考真卷测试试题10含答案考点及解析
2018-2019年高中化学重庆高三高考真卷测试试题【10】含答案考点及解析
班级:
___________姓名:
___________分数:
___________
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分
注意事项:
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
评卷人
得 分
一、选择题
1.化学与科学、技术、社会和环境密切相关。
下列有关说法中错误的是
A.太阳能电池板中的硅,在元素周期表中处于金属与非金属的交界位置
B.加热能杀死H7N9型禽流感病毒,是因为病毒的蛋白质受热变性
C.煤的气化或液化技术,可以降低污染
D.PM2.5是指大气中直径小于或等于2.5微米的颗粒物,PM2.5比胶体粒子小,因其比表面积大,故可吸附重金属离子,入肺后对人体产生很大的危害
【答案】D
【解析】
试题分析:
A、硅位于元素周期表中金属与非金属元素的分界线附近,A正确;B、高温能使蛋白质变性,B正确;C、煤的气化或液化可获得洁净的燃料,从而降低污染,C正确;D、PM2.5颗粒物比胶体粒子大,D错误,答案选D。
考点:
考查化学与生活、生产以及环境保护的有关判断
2.橙花醇具玫瑰及苹果香气,可作香料,其结构简式如下:
下列关于橙花醇的叙述,错误的是( )
A.既能发生取代反应,也能发生加成反应
B.在浓硫酸催化下加热脱水,可以生成不止一种四烯烃
C.1mo1橙花醇在氧气中充分燃烧,需消耗470.4L氧气(标准状况)
D.1mo1橙花醇在室温下与溴四氯化碳溶液反应,最多消耗240g溴
【答案】D
【解析】A.分子中含有﹣OH、碳碳双键;
B.与﹣OH相连的C原子的三个邻位碳原子上均有H原子;
C.分子式为C15H26O;
D.1mol该物质中含有3mol碳碳双键.
解:
A.因分子中含有﹣OH、碳碳双键,则既能发生取代反应,也能发生加成反应,故A正确;
B.与﹣OH相连的C原子的三个邻位碳原子上均有H原子,均可发生消去反应生成四烯烃,则在浓硫酸催化下加热脱水,可以生成不止一种四烯烃,故B正确;
C.分子式为C15H26O,则1mol该物质消耗氧气为(15+
﹣
)mol×22.4L/mol=470.4L,故C正确;
D.1mol该物质中含有3mol碳碳双键,则1mo1橙花醇在室温下与溴四氯化碳溶液反应,最多消耗3mol×160g/mol=480g溴,故D错误;
故选D.
点评:
本题考查有机物的官能团及性质,明确该物质中含有羟基及双键是解答本题的关键,题目难度不大.
3.下列反应的离子方程式书写正确的是
A.电解饱和食盐水:
2Cl-+2H2O
2OH-+H2↑+Cl2↑
B.醋酸除去水垢中的CaCO3:
CaCO3+2H+=Ca2++H2O+CO2↑
C.漂白粉溶液在空气中失效:
ClO-+CO2+H2O=HClO+HCO
D.向NaHSO4溶液中滴加NaHCO3溶液:
HSO
+HCO
=H2O+SO
+CO2↑
【答案】A
【解析】
试题分析:
A.电解饱和食盐水:
2Cl-+2H2O
2OH-+H2↑+Cl2↑,反应原理、拆写符合事实及相应的原则。
正确。
B.醋酸是弱酸,应该写化学式。
正确的是:
CaCO3+2CH3COOH=Ca2++2CH3COO-+H2O+CO2↑。
错误。
C.由于酸性H2CO3>HClO,所以漂白粉溶液在空气中会发生反应:
Ca2++2ClO-+CO2+H2O=2HClO+CaCO3↓。
因而会失效。
错误。
D.H2SO4是强酸,在溶液中以离子的形式存在。
向NaHSO4溶液中滴加NaHCO3溶液,发生反应:
HCO3-+H+=CO2↑+H2O。
错误。
考点:
考查离子方程式书写的知识。
4.水溶液中能大量共存的一组离子是
A.Na+、Al3+、Cl-、CO32-
B.H+、Na+、Fe2+、MnO4-
C.K+、Ca2+、Cl-、NO3-
D.K+、NH4+、OH-、SO42-
【答案】C
【解析】A中CO32-与Al3+能发生水解;在酸性条件下,Fe2+能被高锰酸根离子氧化;在碱性条件下,NH4+不能大量共存。
答案选C。
5.一定温度下的难溶电解质AmBn在水溶液中达到溶解平衡时。
已知下表数据
物质
Fe(OH)2
Cu(OH)2
Fe(OH)3
Ksp(25℃)
8.0×10-16
2.2×10-20
4.0×10-38
完全沉淀时的pH值
≥9.6
≥6.4
3~4
对含等物质的量的CuSO4、FeSO4、Fe2(SO4)3的混合溶液的说法,不科学的是
A.向该溶液中加少量铁粉不能观察到红色固体析出
B.该溶液中c(SO):
[c(Cu2+)+c(Fe2+)+c(Fe3+)]>5∶4
C.向该混合溶液中逐滴加入NaOH溶液,最先看到红褐色沉淀
D.向该溶液中加入适量氯水,并调节pH值到3~4后过滤,得到纯净的CuSO4溶液
【答案】D
【解析】A项中,Fe3+的氧化性大于Cu2+的氧化性,少量Fe先与Fe3+反应;B项中,
Cu2+、Fe2+、Fe3+都会水解,硫酸根不水解;C项中,Fe3+沉淀的pH最小,因而先沉淀;D项中,加入氯水,引入Cl-,不能得到纯净的CuSO4。
6.研究表明,SO2水溶液中存在着如下所示多个平衡,向该溶液中
A.滴加石蕊试液,先变红后褪色
B.滴加品红溶液,先褪色后变红
C.通入硫化氢气体,溶液pH先升高后降低
D.加入足量氯化钡溶液,有白色沉淀生成
【答案】C
【解析】
试题分析:
A.滴加石蕊试液,由于产生的H2SO3会电离产生H+,所以溶液变为红色。
尽管SO2有漂白性,但是它只能与某些有色物质如品红结合成不稳定的无色物质。
而不能使石蕊试液变红。
错误。
B.SO2有漂白性,它能使某些有色物质如品红变成不稳定的无色物质,而使之褪色。
错误。
C.通入硫化氢气体,发生反应:
SO2+2H2S=3S+2H2O。
上述平衡逆向移动,c(H+)减小,所以溶液的pH升高。
当把溶液中的SO2反应消耗完全后,H2S在水中溶解电离:
H2S
2H++S2-.所以溶液的酸性又逐渐增强,pH再下降。
故溶液pH先升高后降低。
正确。
D.加入足量氯化钡溶液,假如发生反应:
BaCl2+SO2+H2O=BaSO3↓+2HCl.但是BaSO3在酸性环境中不存在。
即不能弱酸增强强酸。
错误。
考点:
考查SO2及其在水溶液的性质。
7.如图是某煤发电厂处理废气的装置示意图。
下列说法错误的是( )
A.使用此废气处理装置可减少酸雨的形成
B.装置内发生的反应有化合、分解、置换和氧化还原反应
C.整个过程的反应可表示为:
2SO2+2CaCO3+O2
2CaSO4+2CO2
D.可用酸性高锰酸钾溶液检验废气处理是否达标
【答案】B
【解析】经过这种废气处理装置后,SO2转变为CaSO4,可减少酸雨的形成,A正确;装置内发生的反应有SO2与CaO的化合,CaCO3的分解,CaSO3被氧化为CaSO4,没有置换反应的发生,B错;把整个过程的三个反应相加就可得到2SO2+2CaCO3+O2
2CaSO4+2CO2,C正确;SO2有还原性,可通过酸性高锰酸钾溶液来检验尾气中是否存在SO2,D正确。
8.在t℃时,AgBr在水中的沉淀溶解平衡曲线如图所示。
又知t℃时AgCl的Ksp=4×10-10,下列说法不正确的是( )
A.在t℃时,AgBr的Ksp为4.9×10-13
B.在AgBr饱和溶液中加入NaBr固体,可使溶液由c点到b点
C.图中a点对应的是AgBr的不饱和溶液
D.在t℃时,AgCl(s)+Br-(aq)
AgBr(s)+Cl-(aq)平衡常数K≈816
【答案】B
【解析】根据图中c点的c(Ag+)和c(Br-)可得该温度下AgBr的Ksp为4.9×10-13,A正确。
在AgBr饱和溶液中加入NaBr固体后,c(Br-)增大,溶解平衡逆向移动,c(Ag+)减小,故B错。
在a点时Qc<Ksp,故为AgBr的不饱和溶液,C正确。
选项D中K=c(Cl-)/c(Br-)=Ksp(AgCl)/Ksp(AgBr),代入数据得K≈816,D正确。
9.下列类推正确的是 ( )。
A.CaCO3与稀硝酸反应生成CO2,CaSO3也能与稀硝酸反应生成SO2
B.铜在氯气中剧烈燃烧生成二价铜,铜也能在硫蒸气中剧烈燃烧生成二价铜
C.锌可以与溶液中的银离子发生置换反应,钠也能与溶液中的银离子发生置换反应
D.钠与乙醇反应产生氢气,钾与乙醇也能反应产生氢气
【答案】 D
【解析】 本题考查物质的化学性质,意在考查考生的知识迁移能力及相似知识的辨析能力。
稀硝酸具有强氧化性,能将CaSO3氧化为硫酸钙,A项错;硫的氧化性小于氯气的氧化性,铜与硫蒸气反应生成+1价铜,B项错;钠在溶液中先与水反应,不能置换溶液中的金属离子,C项错;钠、钾均能与乙醇反应生成氢气,D项正确。
10.用如图装置实验,下列叙述不正确的是( )
A.K与N连接时,组成原电池装置
B.K与N连接时,石墨电极产生气泡
C.K与M连接时,一段时间后溶液的pH增小
D.K与M连接时,石墨电极的反应为:
2Cl--2e-=Cl2↑
【答案】C
【解析】
试题分析:
若K与N相连,则外电源断路,石墨、铁、电解质溶液构成闭合回路,形成原电池,铁做负极失去电子Fe-2e-=Fe2+,石墨作正极,H+在石墨电极上得到电子被还原2H++2e-=H2↑,所以A、B正确;若K与M相连,则外电源接入形成电解池,石墨作阳极,Cl-先失去电子被氧化2Cl--2e-=Cl2↑,铁做阴极,H+在铁电极上得到电子被还原2H++2e-=H2↑,所以整个过程实质是电解HCl,HCl的浓度逐渐减小,一段时间后pH增大,故C错误,选C。
考点:
本题考查的是电化学基础原电池和电解池。
评卷人
得 分
二、实验题
11.(9分)今欲用NaOH晶体配制450mL 0.8mol/L的NaOH溶液。
根据题意填空:
(1)配制该溶液应选用 mL容量瓶。
(2)用托盘天平称取 克固体NaOH。
(3)将称好的NaOH固体放至500mL的大烧杯中,倒入约300mL蒸馏水,用 搅拌至完全溶解。
待 后,将烧杯中的溶液用玻璃棒引流转移至容量瓶
(4)用少量蒸馏水洗涤烧杯 次,洗涤液 轻轻晃动容量瓶,使溶液混和均匀。
(5)向容量瓶中加入蒸馏水,到液面 时,改用 加蒸馏水至液面与刻度线相切。
盖好瓶塞
【答案】
(1)500
(2)16.0 (3)玻璃棒,溶液冷却至室温
(4)2-3(2或3),转移入容量瓶
(5)离刻度线1-2cm,胶头滴管,上下翻动几次(摇匀)
【解析】略
评卷人
得 分
三、填空题
12.现有A、B、C、D、E、F六种物质的溶液,分别为NH3·H2O、NaHSO4、AlCl3、AgNO3、NaAlO2、NaOH中的一种,已知:
①将A溶液逐滴滴加到B溶液中至过量,先出现沉淀,后沉淀溶解;
②将C溶液逐滴滴加到D溶液中至过量,先出现沉淀,后沉淀溶解;
③将E溶液逐滴滴加到F溶液中至过量,先出现沉淀,后沉淀溶解;
④在①和③的反应中出现的沉淀是同一种物质;
⑤A、D、F三种溶液呈酸性。
请回答下列问题:
(1)写出下列化学式:
A ;D ;E 。
(2)过量A溶液与B溶液反应的离子方程式为 。
(3)将C溶液逐滴滴加到F溶液中至过量,此过程中反应的离子方程式为
。
(4)若A、C的混合溶液呈中性,则该溶液中所有离子的浓度的大小关系为
。
【答案】
(1)NaHSO4、AgNO3、NaOH(各2分)
(2)4H++AlO2-=Al3++2H2O(3分)(分两步写同样给分)
(3)Al3++3NH3·H2O=Al(OH)3↓+3NH4+(2分)
(4)c(Na+)=c(NH4+)=c(SO42-)>c(H+)=c(OH-)
【解析】略
13.(14分)
工业合成氨反应:
N2+3H2
2NH3,在一定条件下已达到平衡状态。
(1)若降低温度,会使上述平衡向生成氨的方向移动,生成每摩尔氨的反应热数值是46.2KJ/mol,则该反应的热化学方程式为 。
(2)若在恒温条件下,将N2与H2按一定比例混合的气体通入一个容积为2升固定容积的密闭容器中,5分钟后反应达平衡时,n(N2)="1.2mol,"n(H2)="1.2mol,"n(NH3)=0.8mol,则反应速率V(N2)= mol·L-1·min-1,H2的转化率= ,平衡常数= 。
若保持容器的温度和容积不变,将上述平衡体系中的混合气体的浓度增大1倍,则平衡 (填向左﹑向右或不移动)移动。
(3)若在恒温恒压条件下,将1molN2与3molH2的混合气体通入一个容积可变的容器中发生反应,达平衡后,生成amolNH3,这时N2的物质的量为 mol,(用含a的代数式表示);若开始时只通入N2与H2,达平衡时生成3amolNH3,则开始时应通入N2 3mol,H2= mol(平衡时NH3的质量分数与前者相同);若开始时通入xmolN2﹑6molH2和2molNH3,达平衡后,N2和NH3的物质的量分别为ymol和3amol,则x= mol,y= mol(用含a的代数式表示)
【答案】(14分)
(1)N2(g)+3H2(g)
2NH3(g),△H=-92.4KJ·mol-1
(2)0.04 50% 1.23 向右
(3) 1-a/2 9 2 3-3a/2
【解析】略
14.(10分)叠氮化合物应用广泛,如NaN3可用于汽车安全气囊,Hg(N3)2可作雷管的起爆剂,工业上制备NaN3的化学反应为:
I.N2H4(联氨)
+HNO2 →HN3(叠氮酸)+H2O(未配平);
II.HN3+NaOH→NaN3+H2O
⑴上述反应I中,每生成4.3gHN3时,消耗联氨的物质的量为 ,NaN3受撞击时迅速分解为两种单质,该反应的化学方程式为 。
⑵联氨的电子式为 。
⑶上图为常温下向25mL、0.1mol/LNaOH溶液中逐滴滴加0.2mol/L的HN3溶液的过程中溶液pH的变化曲线。
(溶液混合时体积的变化忽略不计)
①
D点时溶液中各离子的浓度由大到小的顺序为
②B点时溶液中c
(HN3
)=
【答案】(10分,每空2分)
(1)0.1mol; 2NaN3=2Na+3N2↑
(2)N2H4电子式略;
(3)c(N3-)>c(Na+)>c(H+)>c(OH-) 9.9×10-7mol/L
【解析】略
15.(4分)1919年,Langlnuir提出等电子原理:
原子数相同、电子总数相同的微粒,互称为等电子体。
等电子体的结构相似、物理性质相近。
(1)根据上述原理,仅由第2周期元素组成的共价分子中,互为等电子体的是:
和 。
(任意写出一组即可)
(2)此后,等电子原理又有所发展。
例如,由短周期元素组成的微粒,只要其原子数相同,各原子最外层电子数之和相同,也可互称为等电子体,它们也具有相似的结构特征。
在短周期元
素组成的物质中,与NO-2互为等电子体的分子有:
。
(任意写出一个即可)
【答案】
(1)CO和N2或CO2和N2O(2分)
(2)O3或SO2(2分)
【解析】略
16.选考题[化学—选修2:
化学与技术](15分)
硫酸是工业生产中最为重要的产品之一,在化学工业的很多领域都要用到浓硫酸。
(1)在硫酸工业生产中,我国采用黄铁矿为原料生产SO2,反应的化学方程式为:
,该反应在 中进行(填仪器名称)。
(2)为了有利于SO2转化为SO3,且能充分利用热能,采用了多层催化剂且有热交换器的 (填仪器名称)中进行反应。
在如图所示的装置中,C处流出的气体有 ;SO3进入 (填仪器名称)用 吸收,得到浓硫酸或发烟硫酸。
(3)实验测得SO2反应生成SO3的转化率与温度、压强有关,请根据下表信息,
结合工业生产实际,选择最合适的生产条件是 。
(4)现在欲提高SO2的反应速率和转化率,下列措施可行的是 。
A.向装置中通入氮气且保持体积不变
B.向装置中通入氧气且保持体积不变
C.添加更多的催化剂
D.降低温度,及时转移SO3
(5)由吸收塔排出的尾气中有SO2的含量如果超过500μL/L,就要加以处理后才能排出,处理方法之一是用氨水洗涤烟气脱硫,用方程式表示氨水洗涤吸收塔排除的尾气的化学方程式 。
【答案】
(1)4FeS2+11O2=2Fe2O3+8SO2 沸腾炉
(2)接触室 SO3、SO2、O2 吸收塔
98.3%的H2SO4 (3)400℃,1个标准大气压 (4)B (5)2NH3·H2O+SO2=(NH4)2SO3 +H2O
【解析】
试题解析:
(1)黄铁矿的主要成分是FeS2,在沸腾炉中高温条件下与氧气反应生成二氧化硫和三氧化二铁,其反应方程式为:
4FeS2+11O2=2Fe2O3+8SO2,该反应在沸腾炉中进行;
(2)为了有利于SO2的转化为SO3,且能充分利用热能,应使该反应在接触室中进行;SO2的转化为SO3的反应为可逆反应,根据可逆反应的特点可知:
反应达到平衡时各反应物和生成物的浓度均不为零,所以C处流出的气体为SO3、SO2、O2;SO3进入吸收塔中,用吸98.3%的H2SO4吸收,得到发烟硫酸;(3)由表中数据信息可知,温度越低,二氧化硫转化率越大,但压强的改变对二氧化硫转化率影响不大,故综合考虑,合适的生产条件是400℃,1个标准大气压。
(5)氨水吸收二氧化硫生成亚硫酸铵和水,化学方程式为:
2NH3·H2O+SO2=(NH4)2SO3 +H2O。
考点:
工业制硫酸
评卷人
得 分
四、计算题
17.(10分)工业上目前使用两种方法制取乙醛:
(1)乙炔水化法;
(2)乙烯氧化法。
下列两表提供生产过程中原料、反应条件、原料平衡转化率、产量等有关的信息情况:
表一:
原料、反应条件、平衡转化率、日产量
乙炔水化法
乙烯氧化法
原料
乙炔、水
乙烯、空气
反应条件
HgSO4、100~125℃
PdCl2-CuCl2、100~125℃
平衡转化率
乙炔平衡转化率90%左右
乙烯平衡转化率80%左右
日产量
2.5吨(某设备条件下)
3.6吨(相同设备条件下)
表二:
原料来源生产工艺
原料生产工艺过程
乙炔
乙烯
来源于石油裂解气
根据上述两表,回答下列问题:
(1)写出下列化学方程式:
a.乙炔水化法制乙醛__________________________________________________。
b.乙烯氧化法制乙醛______________________________________________。
(2)从两表中分析,现代工业上乙烯氧化法逐步取代乙炔水化法(从环境、原料来源、产率和产量、能耗等角度),分析可能的原因:
________________________________。
(3)从化学反应速率角度分析,在相同条件下,两种制取乙醛的方法哪种快?
___________________________________________________________________。
(4)若将上述两种方法的反应条件,均增加“100atm”,原料平衡转化率_______(填增大、减小、不变);而实际生产中不采用的理由是_____________________________。
(5)若乙烯由石油裂化(裂化气混合气体的平均化学式CnHm、m>2n),进一步完全催化裂解而来,得到体积百分含量分别为:
甲烷:
5%、乙烯:
40%、丙烯:
10%、其余为丁二烯和氢气(气体体积均在同温同压下测定)。
若得到40mol乙烯,求:
能够得到丁二烯和氢气的物质的量各为多少?
【答案】
(1)CH≡CH+H2O
CH3CHO 2CH2=CH2+O2
2CH3CHO
(2)从表一来看,两者反应条件温度相当,但乙炔水化法制乙醛使用的是汞盐催化剂,毒性大;虽然乙烯氧化法的转化率略小于乙炔水化法,但反应快、日产量比其高得多。
从表二来看,乙炔的制取要经过多步反应制得,且消耗大量的热能、电能,较难获得;乙烯来源于石油裂解气,消耗的总能量比乙炔少,且较容易获得。
(3)乙烯氧化法快;
(4)增大;因为两种方法在相应反应条件下,转化率都已经很高,增大压强将消耗能量和增加高备,不经济。
(5)要得到40molC2H4,则会生成5molCH4、10molC3H6。
若设生成xmol丁二烯(C4H6)和ymolH2,且需要催化裂解amol的CnHm。
则:
根据碳原子守恒:
an=5+30+80+4x
根据氢原子守恒:
am=20+60+160+6x+2y
根据题意:
x+y=100-55
解以上联立方程求得:
【解析】
(1)乙炔中含有碳碳三键,能和水发生加成反应,生成乙醛;乙烯中含有碳碳双键,能发生氧化反应生成乙醛。
(2)从表一来看,两者反应条件温度相当,但乙炔水化法制乙醛使用的是汞盐催化剂,毒性大;虽然乙烯氧化法的转化率略小于乙炔水化法,但反应快、日产量比其高得多。
从表二来看,乙炔的制取要经过多步反应制得,且消耗大量的热能、电能,较难获得;乙烯来源于石油裂解气,消耗的总能量比乙炔少,且较容易获得。
(3)根据表中数据可知,乙烯氧化的反应速率要快。
(4)根据方程式可知,反应都是体积减小的,所以增大压强,平衡向正反应方向移动,转化率增大。
但由于两种方法在相应反应条件下,转化率都已经很高,增大压强将消耗能量和增加设备,不经济。
(5)要得到40molC2H4,则会生成5molCH4、10molC3H6。
若设生成xmol丁二烯(C4H6)