计算机网络09 14年考研真题及分析.docx

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计算机网络0914年考研真题及分析

年考研真题）网络习题整理（09-141概论章第选择题参考模型中，自下而上第一个提供端到端服OSI年考研33题）在091.（务的层次是D.应用层C.会话层A.数据链路层B.传输层。

试题中指明了这一层能够实现端到端传输，也就是端系统到【解答】选B数据链路层主要负责传输路径上相邻节点间端系统的传输，因此判断是传输层。

这些设备不能称的数据交付，这个节点包括了交换机和路由器等数据通信设备，之为端系统，因此数据链路层不满足题意。

会话层只是在两个应用进程之间建立会试题中指明了这一层能够实现传输，话而已，应用层只是提供应用进程之间通信的规范，都不涉及到传输。

OSI模型及其各层的主要功能。

【考查知识点】本题考察的知识点主要是

下列选项中，不属于网络体系结构中所描述的内容是10年考研33题）（2.

每一层使用的协议B.A.网络的层次

每一层必须完成的功能D.C.协议的内部实现细节

。

把计算机网络的各层及其协议的集合称为网络体系的结构；【解答】选C计算机网络体系结构就是这个计算机网络及其构件所应完成的功能的换种说法，协议的内部C、D强调的是各层的功能及其使用的协议，B精确定义。

显然A、实现细节不符合；【考查知识点】考察的是对计算机网络体系结构定义的理解；

3.（10年考研34题）在下图所示的采用“存储-转发”方式分组的交换网，其中分组头1000B，分组大小为100Mbps络中，所有链路的数据传输速度为

则在不考虑980000B的文件，向主机20B，若主机H1H2发送一个大小为大小接收完为止，需要的时间发送到H2分组拆装时间和传播延迟的情况下，从H1至少是D.80.24ms

A.80ms

B.80.08ms

C.80.16ms

980B，文件长度为【解答】选C。

由题设可知，分组携带的数据长度为，总共1000B个分组，加上头部后，每个分组大小为980000B，需拆分为1000发送完H11MB。

当t=1M×8/100Mbps=80ms时，需要传送的数据量大小为个分组交换机的转发，每2最后一个bit；到达目的地，最后一个分组，需经过t=80.16ms80ms+2t当t=1K×8/100Mbps=0.08ms，t=次转发的时间为00接受完文件，即所需的时间至少为80.16ms。

时，H2【考查知识点】本题考查存储转发机制中时延的计算。

参考模型的网络层提供的是33题）TCP/IP（4.11年考研B.无连接可靠的数据报服务A.无连接不可靠的数据报服务C.有连接不可靠的虚电路服务D.有连接可靠的虚电路服务的网络层向上只提供简单灵活的、无连接的、尽最大A。

TCP/IP【解答】选努力交付的数据报服务。

因此网络层提供的无连接不可靠的数据服务。

【考查知识点】TCP/IP层次模型。

提供服务的ICMPTCP/IP体系结构中，直接为33题）在年考研5.（12协议是D.TCP

B.IP

C.UDPA.PPP

协议的配套协议。

IPICMPB。

协议处于体系结构中的网络层，是【解答】选数据报在网络中传递。

ICMP报文封装成IP的关系。

和IP【考查知识点】本题考查ICMP

6.（13年考研33题）在OSI参考摸型中，下列功能需由应用层的相邻层实现的是

A.对话管理B.数据格式转换C.路由选择D.可靠数据传输

【解答】选B。

OSI参考模型中，应用层的相邻层是表示层。

表示层是OSI实现与数据表示层的目的是表示出用户看得懂的数据格式，七层协议的第六层。

．

数据加数据格式化和文本压缩、表示有关的功能。

主要完成数据字符集的转换、。

密、解密等工作。

因此答案选B七层体系结构及各层主要功能。

【考查知识点】本题考查OSI

个路由器（存储转发方式）与主机乙题）主机甲通过113年考研357.（，主机甲分别采用报文交换和分组互联，两段链路的数据传输速率均为10Mbps6）的报文。

若8Mb（1M=10个大小为大小为10kb的分组交换向主机乙发送1则两种交换方式完成该报文传分组头开销和分组拆装时间，忽略链路传播延迟、输所需的总时间分别为1600ms、B.801msA.800ms、1600ms

801ms

、、C.1600ms800ms

D.1600ms，发送一个报文的时延是8Mb/10Mbps=800ms不进行分组时，【解答】选D。

发送一。

进行分组后，800ms，共计1600ms在接收端接收此报文件的时延也是，但是在发接收一个报文的时延也是1ms个报文的时延是10kb/10Mbps=1ms，个分组，总时间为800送第二个报文时，第一个报文已经开始接收。

共计有。

801ms【考查知识点】本题考查报文交换和分组交换技术发送时延的计算。

8.（14年考研33题）在OSI参考模型中，直接为会话层提供服务的是

A.应用层B.表示层C.传输层D.网络层

【解答】选C。

在OSI七层体系结构中会话层的下一层是传输层。

【考查知识点】OSI七层体系结构及各层主要功能。

物理层章第2选择题，采34题）在无噪声情况下，若某通信链路的带宽为3kHz091.（年考研则该通信链路的最大数种振幅的QAM调制技术，用4个相位，每个相位具有4据传输速率是

D.96kbpsA.12kbpsB.24kbpsC.48kbps

=24Kbps，由奈氏准则公式：

。

C=2WlogN=2*3K*log（4*4）【解答】选B2224Kbps。

即该信道的最大数据传输速率是W=2WBand。

【考查知识点】奈氏准则。

理想低通信道的最高码元传输速率是波特，是码元传输速率的单位。

一个码，Band是低通信道的带宽，单位为Hz，则最高速率为M*Nbit/s.元携带Nbit信息量，波形速率为MBandC香农定理指出：

在有随机热噪声的信道上传输数据信号时，数据传输速率单位为CC＝W*log（1+S/N））。

式中，与信道带宽W、信噪比S/N的关系为：

2（分贝）数表示。

，信噪比S/N通常以dBWbps，带宽单位为Hz

4，采用题）若某通信链路的数据传输速率为11年考研342400bps2.（相位调制，则该链路的波特率是波特D.9600波特B.1200波特C.4800波特A.600表示，则波bitlog4=2个【解答】选B。

有4种相位，则一个码元需要由2比特率/2=1200波特。

特率=【考查知识点】考察波特与比特率的关系；比特率和波特率之间的换算关系。

比特率是数字信号的传输速率——单位时间*logn如下：

比特率=波特率2）。

/秒（kbps或千比特内所传输的二进制代码的有效位数。

单位——比特/秒（bps）单位———线路中每秒传送的波形的个数。

波特率是调制速率（又称波形速率））。

—波特（band

用于描述完成每种功能的事件题）在物理层接口特性中，12年考研343.（发生顺序的是D.电气特性C.过程特性B.A.机械特性功能特性C。

【解答】选【考查知识点】物理层接口的四个特性。

4.（14年考研35题）下列因素中，不会影响信道数据传输速率的是

信号传播速度D.调制速率C.频率宽带B.信噪比A.

。

信号传播速度在一定介质中是固定的。

根据香农公式、奈氏D【解答】选准则等，其它三个因素则会影响信道数据传输速率。

【考查知识点】香农公式、奈氏准则

5.（14年考研37题）站点A、B、C通过CDMA共享链路，A、B、C的码片序列（chippingsequence）分别是（1,1,1,1）、（1，-1,1，-1）和（1，1,-1，-1），若C从链路上收到的序列是（2,0,2,0,0,-2,0,-2,0,2,0,2），则C收到A发送的数据是

A.000B.101C.110D.111

【解答】选B。

用A的码片与链路上的序列做规格化内积，得1，-1，1对应的数据为1,0,1。

【考查知识点】CDMA码分多址

3数据链路层第章选择题协议，发送方已（GBN）题）数据链路层采用了后退N帧1.（09年考研35号帧的3、2、经发送了编号为0~7的帧。

当计时器超时时，若发送方只收到0确认，则发送方需要重发的帧数是D.5

B.3

C.4

A.2

个帧。

数ARQ就是从出错处重发已发出过的N。

后退N帧【解答】选C的帧。

0~7N据链路层采用了后退帧（GBN）协议，发送方已经发送了编号为一表示接收方已收到该此处需要理解确认号的含义。

确认帧的编号有两个含义：

编号之前的所有帧，又表示接收方所希望接收的数据帧。

本题当计时器超时时，号及之前的帧号帧的确认表明，32、3号帧的确认。

对3若发送方只收到0、4号帧开始重传。

已被正确接收，现在希望接收的是4号帧，因此，需要从就ARQ.后退N帧数据链路层采用的后退【考查知识点】N帧（GBN）协议。

个帧。

确认号的含义！

是从出错处重发已发出过的N

）传输数据，发题）数据链路层采用选择重传协议（SR11年考研352.（号帧依次超时，、21号帧的确认，而0送方已发送了0~3号数据帧，现已收到则此时需要重传的帧数是D.4

C.3

A..1

B.2

不管接接收方逐个地确认正确接收的分组，B选择重传协议中，选【解答】。

分组进行确认。

因此选择ACK收到的分组是否有序，只要正确接收就发送选择协GBNACK分组不再具有累积确认的作用。

这点要特别注意与重传协议中的号帧的确号帧超时，由于对于1号帧的确认，10、2议的区别。

此题中只收到号帧，于是重传、2认不具累积确认的作用，因此发送方认为接收方没有收到0这两帧。

协议的区别。

）和【考查知识点】重传协议（SRGBN

3.（09年考研36题）以太网交换机进行转发决策时使用的PDU地址是

A.目的物理地址B.目的IP地址C.源物理地址D.源IP地址

【解答】选A。

【考查知识点】以太网在数据链路层的扩展，使用交换机扩展时转发依据的地址是目的MAC地址。

协议的网络中，传输介质是年考研37题）在一个采用CSMA/CD4.（09000km/s.1Gbps，电缆中的信号传播速度是200一根完整的电缆，传输速率为若最小数据帧长度减少800比特，则最远的两个站点之间的距离至少需要80m

D.减少80mC.减少160mA.增加160m

B.增加则M，原最小帧长为。

选D设传输介质长度为d（m），【解答】比特，。

所以最小数据帧长度减少800M=2*（d/200000000）*1Gbps，得M=10d80m。

最远的两个站点之间的距离至少需要减少CSMA/CD协议下最小帧长度计算。

【考查知识点】

MAC下列选择中，对正确接收到的数据帧进行确认的（11年考研36题）5.

协议是D.CSMA/CAC.CSMA/CDA.CSMAB.CDMA

即码分多址，是物理层的技术；CDMA【解答】选D。

可以用排除法。

首先，CSMACSMA/CD即带冲突检测的载波监听多路访问，接收方并不需要确认；自然也没有。

于是CSMACSMA/CD是其超集，CSMA/CD没有的东西，既然信ACK中的协议。

CSMA/CA利用选D。

CSMA/CA是无线局域网标准802.11信号后ACK号来避免冲突的发生，也就是说，只有当客户端收到网络上返回的才确认送出的数据已经正确到达目的地址。

CSMA/CACSMA/CD，【考查知识点】考察对基本概念CSMA，CDMA，的理解。

协议提供的是以太网的MAC年考研（1235题）6.

B.无连接可靠服务无连接不可靠服务A.

D.C.有连接不可靠服务有连接可靠服务。

服务方式分为面向连接和无连接两种，面向连接的必须有建选A【解答】释放连接三个过程，无连接方式是直接通信。

可靠性由确认和重传-立连接-通信机制保证。

连接性和可靠性问题。

考查知识点】【

7.（12年考研36题）两台主机之间的数据链路层采用退后N帧协议（GBN）传输数据，数据传输速率为16kbps，单向传播时延270ms，数据帧长度范围是128~512字节，接收方总是以与数据帧等长的帧进行确认。

为使信道利用率达到最高，帧序号的比特数至少为

D.2

C.3

B.4

A..5

本题主要求解的是从发送一个帧到接收到对这个帧的确认为止选B【解答】。

因要尽可能多发帧，应以短的数据帧计算，的时间内最多可以发送多少数据帧。

3；发送一帧到收到）16*10ms）=64（此首先计算出发送一帧的时间：

128*8/（668/64=10.4这段时间总共可以发送确认为止的总时间：

64+270*2+64=668ms；位比特进行编号。

（帧），发送这么多帧至少需要用4。

ARQ协议（退后N帧协议）连续【考查知识点】

网卡接收到的信号波形，则该网题）若下图为10BaseT（13年考研348.

卡收到的比特串是

D.11000101C.01010010A.00110110B.10101101

。

以太网编码采用曼彻斯特编码方式，电平由低电平到高电平A【解答】选，因此网卡收到的比””，由高电平到低电平跳变表示数字“1跳变表示数字“0。

特串是00110110以太网的编码机制。

【考查知识点】

题）下列介质访问控制方法中，可能发生冲突的是13年考研369.（D.FDMA

B.CSMAC.TDMAA.CDMA

频分多址，这三FDMATDMA时分多址、选B。

CDMA码分多址、【解答】载波监听多点接CSMA种信道复用技术是静态划分信道的，不存在冲突问题；入是共享信道的访问方法，属于动态划分信道，存在冲突问题。

】信道复用技术（静态、动态划分信道）【考查知识点

10.（13年考研37题）HDLC协议对0111110001111110组帧后对应的比特串为

A.011111000011111010B.011111000111110101111110

D.011111000111111001111101

C.01111100011111010

【解答】选A。

HDLC协议面向比特，因HDLC数据帧以位模式01111110标识每一个帧的开始和结束，因此对比特串进行组帧时采用零比特填充法，即在数据帧中凡是出现了5个连续的“1”时则在其后插入一个“0”，然后再进行输出。

所以答案为A。

透明传输技术中的零比特填充法。

】考查知识点【．

的以太网交换机，当输出端口无排100Mbps38题）对于11.（13年考研）方式转发一个以太网帧（不包括前导switching队，以直通交换（cut-through

码）时，引入的转发延迟至少是D.121.44μsC.5.12μsA.0μsB.0.48μs

。

直通交换方式是指以太网交换机可以在各端口间交换数据。

选B【解答】启动检查该包的包头，获取包的目的地址，它在输入端口检测到一个数据包时，把数据包内部的动态查找表转换成相应的输出端口，在输入与输出交叉处接通，直通交换方式只检查数据包的实现交换功能。

通常情况下，直通到相应的端口，所以6B，个字节，由于不需要考虑前导码，只需要检测目的地址的包头即前14。

0.48最短的传输延迟是μs交换机的种类和工作方式。

【考查知识点】

12.（14年考研34题）某以太网拓扑及交换机当前转发表如下图所示，主机00-e1-d5-00-23-a1向主机00-e1-d5-00-23-c1发送1个数据帧，主机00-e1-d5-00-23-c1收到该帧后，向主机00-e1-d5-00-23-a1发送一个确认帧，交换机对这两个帧的转发端口分别是

交换机

目的地址端口32

00-e1-d5-00-23-b100-a1-d5-00-23-a100-e1-d5-00-23-c1

2

12100-e1-d5-00-23-b1

3

D.{1,2,3}和{1}

A.{3}和{1}B.{2,3}和{1}C.{2,3}和{1,2}

【解答】选B。

发送数据帧时，交换机从1号端口接收此数据帧，因目的MAC地址不在转发表中，所以交换机采用洪泛法向其它端口（2、3）转发此帧，同时将源MAC地址登记在转发表中；发送确认帧时，交换机从3号端口接收此帧，查找转发表，从相应1号端口转发此帧。

【考查知识点】交换机转发表的建立和转发原则

综合题1.（10年考研47题）某局域网采用CSMA/CD协议实现介质访问控制，数据传输速率为10MbPS，主机甲和主机乙之间的距离为2KM，信号传播速度是200000KM/S.请回答下列问题，并给出计算过程。

（1）若主机甲和主机乙发送数据时发生冲突，则从开始发送数据时刻起，到两台主机均检测到冲突时刻止，最短需经多长时间？

最长需经过多长时间？

（假设主机甲和主机乙发送数据过程中，其他主机不发送数据）

（2）若网络不存在任何冲突与差错，主机甲总是以标准的最长以大网数据帧（1518字节）向主机乙发送数据，主机乙每成功收到一个数据帧后，立即发送下一个数据帧，此时主机甲的有效数据传输速率是多少？

（不考虑以大网帧的前导码）

【解答】

（1）当甲乙同时向对方发送数据时，两台主机均检测到冲突所需时间最短；

（-5）S

1KM/200000KM/S*2=1*10当一方发送的数据马上要到达另一方时，另一方开始发送数据，两台主机均检测到冲突所需时间最长；

（-5）S

2KM/2000000KM/S*2=2*10

（2）发送一帧所需时间；1518B/10MbPS=1.2144mS

-5）（S=0.01mS

2KM/200000KM/S=1*10数据传播时间；1.2144+0.01=1.2244mS

总时延：

=10MbPS*1.2144MS/1.2244MS=9.92MbPS有效的数据传输速率

协议下检测到信道碰撞的最短时间和最长时间算【考查知识点】CSMA/CD法和有效数据传输率。

4网络层第章选择题协议，若该自治系统内的路由RIP年考研35题）某自治系统采用1.（10＞，则可能得出16的距离矢量中包含信息＜net1，器R1收到其邻居路由器R2的结论是17，跳数为到达net1A.R2可以经过R116，跳数为可以到达net1B.R217，跳数为到达net1C.R1可以经过R2

net1

到达不能经过R2D.R1RIP允许一。

DRIP实现了距离向量算法，并使用跨度计量标准。

【解答】选表示无穷距离，意即不可达，因此本题中条路径最多只能包含15个路由器，16的描述是正确到达net1R1不能经过R2BA、、C的描述都是错误的，只有D，的。

RIP路由协议。

【考查知识点】本题考查

2.（10年考研36题）若路由器R因为拥塞丢弃IP分组，则此时R可以向发出该IP分组的源主机发送的ICMP报文件类型是

A.路由重定向B.目的不可达C.源抑制D.超时

【解答】选C。

ICMP差错控制报文的5种报告：

1.目的不可达——当路由器和主机不能交付数据报时就向源点发送终点不可达报文；2.源点抑制——当路由器和主机由于拥塞而丢弃数据报时，就向源点发送源点抑制报文，是源点知道应当把数据报的发送速率放慢；3.时间超时——当路由器收到生存时间为0的数据报时，除了丢弃该数据报外，还要向源点发送时间超时报文。

当终点在预先规定的时间内不能收到一个数据报的全部数据报片时，就把已收到的数据包片都丢弃，并向源点发送时间超时报文；4.参数问题——当路由器或目的主机收到的数据报的首部中有的字段值不正确时，就丢弃该数据报，并向源点发送参数问题报文；5.路由重定向——路由器把改变路由发送给主机，让主机知道下次应将数据报发送给另外的路由器（可通过更好的路由）。

很明显选C。

【考查知识点】考察第4章ICMP报文的种类及作用。

ICMP报文的种类有两种：

ICMP差错控制报文和ICMP询问报文。

本题考察ICMP差错控制报文的5种报告。

采用长子网划分，192.168.5.0/24某网络的IP地址为3.（10年考研37题），则该网络的最大子网个数，每个子网内的最大可255.255.255.248子网掩码为分配地址个数为30

：

8，：

8，32D：

32，8B：

32，6CA为进制二，则转化为】答选B。

由子网掩码为255.255.255.248【解5位表示网络号，因此子网号为11111111.11111111.11111111.11111000。

前245的情和全1=32个子网，主机号为3位，除去全位，在CIDR中可以表示206个主机地址。

况可以表示CIDR。

【考查知识点】本题考查子网划分与子网掩码、

38题）下列网络设备中，能够抑制网络风暴的是5.（10年考研Ⅳ路由器Ⅱ集线器Ⅲ网桥Ⅰ中继器

仅ⅣD.B.仅ⅢC.仅Ⅲ和ⅣA.仅Ⅰ和Ⅱ

。

中继器和集线器工作在物理层，不能抑制网络风暴。

为了解C解答】选【决冲突域的问题，人们利用网桥和交换机来分隔互联网的各个网段中的通信量，当网桥和交换机接收到一个未知转发信息的数据但是，建立多个分离的冲突域。

于将该帧从所有的端口广播出去。

帧时，为了保证该帧能被目的结点正确接收，。

因此网桥能1是可以看出，网桥和交换机的冲突域等于端口的个数，广播域为抑制网络风暴。

】考查知识点本题考查网络设备与网络风暴。

【

6.（11年考研37题）某网络拓扑如下图所示，路由器R1只有到达子网192.168.1.0/24的路由。

为使R1可以将IP分组正确地路由到所有子网，则在R1中需要加的一条路由（目的网络，子网掩码，下一跳）是

A.192.168.2.0，255.255.255.128，192.168.1.1

B.192.168.2.0，255.255.255.0，192.168.1.1

192.168.1.2

，255.255.255.128，C.192.168.2.0

192.168.1.2

255.255.255.0，D.192.168.2.0，中需要有到R1R1能够正确将分组路由到所有子网，则【解答】选D。

要使和192.168.2.0/25192.168.2.128/25的路由。

观察发现网络192.168.2.0/25和网成超，于是可以聚合192.168.2.128/25的网络号的前24位都相同192.168.1.2。

192.168.2.0/24。

从图中可以看出下一跳地址应该是【考查知识点】此题主要考察路由聚合。

中，能接收目的地址为在子网192.168.4.0/30（11年考研38题）.7.IP分组的最大主机数是192.168.4.3的D.4

B.1

C.2

A.0

这个网络。

主机号占两位，地址范。

首先分析192.168.4.0/30【解答】选C。

192.168.4.0/30~192.168.4.3/30，即可以容纳（4-2=2）个主机。

因此选C围。

【考查