上海市中考物理试题初中毕业生统一学业考试及答案解析.docx

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上海市中考物理试题初中毕业生统一学业考试及答案解析

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2020年上海市中考物理试题（初中毕业生统一学业考试）

试题副标题

考试范围：

xxx；考试时间：

100分钟；命题人：

xxx

题号

一

二

三

四

五

六

七

总分

得分

注意事项：

1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息

2．请将答案正确填写在答题卡上

第I卷（选择题）

请点击修改第I卷的文字说明

评卷人

得分

一、单选题

1．一节新干电池的电压为（　　）

A．1.5伏B．24伏C．36伏D．220伏

【答案】A

【解析】

【分析】

根据题中“干电池的电压”可知，本题考查常见的电压值，要记住一些生活中常见的电压值，据此分析

【详解】

根据常见的电压值来判断，一节新干电池的电压为1.5V，A符合题意

2．下列粒子中，带正电的是

A．原子B．中子C．质子D．电子

【答案】C

【解析】

【详解】

原子、中子是不带电的微粒，质子带正电，电子带负电。

故C符合题意。

3．我们能分辨出鼓声和锣声，主要根据声音的（　　）

A．响度B．音色C．音调D．振幅

【答案】B

【解析】

【分析】

根据题中“分辨鼓声和锣声”可知，本题考查声音的特征，根据声音的三个特征进行分析

【详解】

乐器不同发出声音的音色就会不同，所以我们可以通过音色辨别是哪种乐器，B符合题意

4．首先发现电流周围存在磁场的科学家是（　　）

A．安培B．欧姆C．奥斯特D．伽利略

【答案】C

【解析】

【详解】

A．安培是英国著名的物理学家，发现了电磁感应现象，A不符合题意；

B．欧姆是德国物理学家，发现了电流与电压、电阻的关系﹣﹣欧姆定律，B不符合题意；

C．1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，是第一个发现电流磁效应的科学家，C符合题意；

D．伽利略与天文望远镜有关，D不符合题意

5．四冲程汽油机在工作过程中，将内能转化为机械能的冲程是（）

A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程

【答案】C

【解析】

【详解】

吸气冲程、排气冲程都是消耗机械能的冲程，压缩冲程是把机械能转化为内能，而做功冲程是把内能转化为机械能。

6．质量相同的两金属块，吸收相同的热量，升高的温度不同，则（　　）

A．升高温度较大的金属块比热容一定大

B．升高温度较大的金属块比热容一定小

C．温度高的金属块比热容一定大

D．温度高的金属块比热容一定小

【答案】B

【解析】

【分析】

比较不同物质的吸热能力，可以根据比热容的相关计算公式进行分析

【详解】

根据

可知，相同质量的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度升高小，故B符合题意

7．甲、乙两车分别在同一直线上的M、N两点（M、N间距为20米），同时相向做匀速直线运动，它们的图象分别如图（a）和（b）所示。

若甲、乙的速度分别为v甲、v乙，经过t秒，甲、乙相距10米。

则

A．v甲＜v乙，t一定为10秒B．v甲＜v乙，t可能为30秒

C．v甲＝v乙，t可能为10秒D．v甲＝v乙，t可能为30秒

【答案】B

【解析】

【详解】

由图象可知，甲的速度为

v甲＝

＝

＝0.4m/s；

乙的速度为

v乙＝

＝

＝0.6m/s，

故v甲＜v乙；

根据题意可知，经过t秒，甲、乙相距10米时有两种情况：

一种是甲乙两车未相遇时相距10m，二是相遇以后相距10m。

故可得：

v甲t+v乙t＝10m

或

v甲t+v乙t＝10m+20m＝30m，

代入数值可得：

0.4m/s×t+0.6m/s×t＝10m

或

0.4m/s×t+0.6m/s×t＝20m+10m，

解得t＝10s或t＝30s，即t可能为10s，也可能为30s。

综上分析可知，ACD错误，B正确。

8．如图所示，长方体物块甲、乙置于水平地面上，物块和地面的接触面积分别为S、S'（S﹤S'），对地面的压强相等。

将甲、乙均顺时针旋转90°，此时甲、乙和地面的接触面积分别为S'、S，对地面的压强分别为p甲、p乙。

此过程中，甲、乙对地面的压强变化量大小分别为△p甲、△p乙，则（　　）

A．p甲＜p乙，△p甲=△p乙B．p甲＞p乙，△p甲=△p乙

C．p甲＞p乙，△p甲＞△p乙D．p甲＜p乙，△p甲＜△p乙

【答案】D

【解析】

【详解】

BC．甲、乙的底面积分别为S、S'（S＜S'），甲乙压强相等，根据

，可以判断甲对水平地面的压力小于乙对水平地面的压力，所以甲的重力＜乙的重力；甲乙是长方体，当甲、乙顺时针旋转90°后，甲、乙的底面积分别为S'、S，甲的受力面积增大，甲对水平地面的压力不变，甲对水平地面的压强减小；乙的受力面积减小，乙对水平地面的压力不变，乙对水平地面的压强增大，由于原来甲乙对水平地面的压强相等，所以旋转后甲对水平地面的压强小于乙对水平地面的压强，即p甲＜p乙，BC不符合题意；

AD．根据题意

因为面积变化相同，甲对地面的压力小于乙对地面的压力，所以甲对水平地面的压强变化量小于乙对地面的压强变化量即△p甲＜△p乙，A不符合题意，D符合题意

第II卷（非选择题）

请点击修改第II卷的文字说明

评卷人

得分

二、填空题

9．教室里的电灯是_____连接的（选填“串联”或“并联”），工作时将_____能转化为其他形式的能；标有“220V100W”字样的电灯正常工作8小时，耗电_____度。

【答案】并联电0.8

【解析】

【详解】

[1]教室中多个电灯，相互不影响工作，是并联连接；

[2]用电器工作时是把电能转化为其他形式的能；

[3]由

可知正常工作8小时消耗的电能

10．生活中的很多安全规范都蕴涵着物理学原理。

空气清新剂等压缩气罐不要放置在高温环境下，是因为_____可以改变物体的内能（选填“热传递”或“做功”），易使气罐升温爆炸；司机开车时要系好安全带，是因为刹车时司机由于_____会继续向前运动，易造成伤害；嬉戏时不要用力推搡同学，是因为力可以改变物体的_____，易使同学摔倒。

【答案】热传递惯性运动状态

【解析】

【详解】

[1]改变物体内能的方法：

一是做功（能量的转化），二是热传递（能量的转移）。

空气清新剂等压缩气罐在高温环境下通过“热传递”提高了内能；

[2]前排司机在开车时原来和车一起向前运动，紧急刹车时，车由运动突然变成静止，而司机由于具有惯性，继续向前运动，容易撞到挡风玻璃发生伤害，系安全带是为了防止惯性带来的危害；

[3]本来这个同学相对于地面是静止的，其他同学推他时，给他一个力，使他倾斜，体现了力可以改变物体的运动状态。

11．月球属于_____（选填“行星”或“卫星”）。

2020年1月，“嫦娥四号”在月球背面成功着陆。

“嫦娥四号”在减速过程中，动能_____（选填“增大”“不变”或“减小”），以月球为参照物，“嫦娥四号”是_____的（选填“运动”或“静止”）。

【答案】卫星减小运动

【解析】

【详解】

[1]月球属于卫星，围绕地球这个行星运转；

[2]“嫦娥四号”减速落月过程中，质量不变，速度减小，其动能减小；

[3]由于“嫦娥四号”相对于月球的位置发生变化，故以月球为参照物是运动的。

12．某导体两端的电压为9伏，在10秒内通过其横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为_____安，该导体的电阻为_____欧；当该导体两端的电压为6伏时，其电阻为_____欧。

【答案】0.33030

【解析】

【详解】

[1]根据电流的定义可知，通过该导体的电流

[2]由

可得，导体的电阻

[3]因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当该导体两端的电压改为6伏时，导体的电阻仍为30Ω

13．如图（a）、（b）所示的滑轮应用情景中，不计摩擦和滑轮重力。

分别用力F1、F2匀速提起重为l0牛的物体，图_____中的滑轮可以看作等臂杠杆；图（b）中力F2的大小为_____牛；图（a）中物体被竖直提升1米过程中，力F1所做的功为_____焦，

【答案】a510

【解析】

【详解】

[1]由图知，（a）是定滑轮，本质是等臂杠杆；（b）是动滑轮，本质是动力臂为阻力臂两倍的省力杠杆；

[2]（b）是动滑轮，不计滑轮重和摩擦，能省一半力，拉力

[3]当物体上升1米的过程中，图a中绳子的拉力F1=G=10N，绳端向下移动的距离s=1m，力F1所做的功

14．亚里士多德为了解释抽水现象，提出了“自然界厌恶真空”理论，意思是只要液面上方出现真空，与真空接触的液体就会流上去填补真空。

（1）可以用“自然界厌恶真空”理论来解释的现象是_____（选填“A”“B”或“C”）。

A.回声的产生B.彩虹的形成C.利用吸管吸饮料

（2）可以推翻“自然界厌恶真空”理论的实验是_____（选填“A”“B”或“C”），理由是_____。

A.托里拆利实验B.富兰克林雷电实验C.马德堡半球实验

【答案】CA做托里拆利实验时，玻璃管内上方有一段是真空，但是玻璃管中的水银没有去填补，所以与亚里士多德观点不相符，所以可以推翻其观点

【解析】

【详解】

（1）[1]A．回声的形成是声在传播过程中遇到障碍物，声被障碍物反射回来，与亚里士多德的观点不符，A不符合题意；

B．彩虹是太阳光的色散，与亚里士多德的观点不符，B不符合题意；

C．用吸管吸饮料时，吸管内的气压减小，饮料在外界大气压的作用下被压入嘴里，与亚里士多德的观点相符，C符合题意

（2）[2]A．托里拆利实验，当外界大气压是一个标准大气压，能支持76cm高的水银柱，玻璃管的长度是1m，玻璃管内上方有一段真空，水银没有去填补，亚里士多德认为接触到真空的液体就会自己填补，所以托里拆利实验能推翻亚里士多德理论，A符合题意；

B．富兰克林风筝雷电实验是大气中的放电现象，与亚里士多德的观点不相关，B不符合题意；

C．马德堡半球实验是证明大气压的存在，并且证明大气压很大，与亚里士多德的观点不相关，C不符合题意

[3]托里拆利实验，当外界大气压是一个标准大气压，能支持76cm高的水银柱，玻璃管的长度是1m，玻璃管内上方有一段真空，水银没有去填补，亚里士多德认为接触到真空的液体就会自己填补，所以托里拆利实验能推翻亚里士多德理论.

15．在“探究物质质量与体积的关系”的实验中，用量筒测物体的_____，在“用弹簧测力计测力”的实验中，测量物体重力前，应先将弹簧测力计自然悬挂，观察指针是否指在_____刻度线上。

“测定小灯泡的电功率”的实验原理是_____。

【答案】排开水的体积零

【解析】

【详解】

[1]在探究物质质量与体积关系的实验中，我们用量筒测量放入物体前后的体积，它们之间的差为物体排开水的体积，即为物体的体积；

[2]根据弹簧测力计的使用规范，在使用弹簧测力计前，应自由悬挂，将指针调到零刻度处；

[3]利用电压表测量灯两端的电压U，利用电流表测量通过的灯的电流I，利用

求灯的电功率。

16．在“探究凸透镜成像规律”实验中，所选凸透镜的焦距为10厘米。

调整凸透镜和光屏的中心与烛焰中心大致在同一_____，以保证像成在光屏中央。

移动光屏至图所示位置时，在光屏上得到一个清晰的像，像是_____的（选填“放大”或“缩小”），烛焰离凸透镜的距离_____10厘米（选填“大于”“等于”或“小于”）。

【答案】高度放大大于

【解析】

【详解】

[1]实验前，把蜡烛、凸透镜、光屏从左向右依次放在光具座上，点燃蜡烛并调整烛焰、凸透镜、光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度，为了使得像成在光屏的中央；

[2][3]凸透镜焦距f＝10cm，蜡烛到凸透镜的距离为10cm，由于如图所示的凸透镜的位置可知，物距小于像距，并且在光屏上成清晰的像，根据凸透镜成像规律可知，此时故物距应略大于10cm，即2f＞u＞f，成倒立、放大的实像

评卷人

得分

三、简答题

17．在图所示的电路中，已知电源电压为U0保持不变。

闭合电键S，电路正常工作。

一段时间后观察到有一电压表示数变大。

在电路中正确串联一个电流表，电流表示数为0。

若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R1、R2上，请根据以上信息写出两电压表示数及相对应的故障。

_____

【答案】若V1表示数为U0，V2表示数为0，则R1断路；若V1表示数为0，V2表示数为U0，则R2断路

【解析】

【详解】

根据电路图可知，两电阻串联，电压表V1测量电阻R1两端的电压，电压表V2测量电阻R2两端的电压，工作一段时间后，一个电压表的示数变大，若V1示数变大，故障可能为电阻R1断路或电阻R2短路，再串联一个电流表，观察到电流表的示数为0，则故障为R1断路，此时V1示数为电源电压U0，V2示数为0；若V2示数变大，故障可能为电阻R2断路或电阻R1短路，再串联一个电流表，观察到电流表的示数为0，则故障为R2断路，此时V1示数为0，V2示数为电源电压U0。

评卷人

得分

四、作图题

18．在图中，正方体受到的重力G为10牛，用力的图示法画出重力G。

（______）

【答案】

【解析】

【详解】

物体受到的重力方向竖直向下，作用点在重心，大小为10N，可确定标度为5N，故画重力的图示如图：

19．.请根据给出的入射光线AO画出反射光线OB,并标出反射角的大小。

（__________）

【答案】

【解析】

【详解】

由入射角为60°，可得反射角也为60°，在法线右侧画出反射光线，反射角等于入射角为60°，如图所示：

20．在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。

补上后要求：

闭合电键S后，向右移动滑动变阻器的滑片P过程中，小灯泡L亮度不变，电流表的示数变小。

（____）

【答案】

【解析】

【详解】

由题知，闭合电键S后，向右移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L亮度不变，说明变阻器与灯泡在工作时互不影响，因为并联电路中各支路互不影响，所以变阻器与灯泡应并联；向右移动滑片P，电流表示数变小，说明变阻器连入电路的阻值变大，故应将变阻器的左下接线柱接入电路中，电流表应测干路电流。

实物连接如图所示：

评卷人

得分

五、计算题

21．金属块排开水的体积为1×10﹣3米3，求金属块受到浮力F浮的大小。

【答案】9.8N。

【解析】

根据阿基米德原理知道，金属块受到浮力是：

F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×1×10-3m3=9.8N。

22．杠杆平衡时，动力臂L1为0.6米，阻力F2的大小为60牛，阻力臂L2为0.2米，求动力F1的大小。

【答案】20N

【解析】

【详解】

由杠杆平衡条件可知

则动力

答：

动力F1为20N。

23．如图所示，足够高的圆柱形薄底容器A、B置于水平地面上，分别盛有水和液体乙。

水的深度为0.08米，两容器底部受到液体的压强相等。

（1）若水的质量为2千克，求水的体积V水。

（2）求水对容器A底部的压强p水。

（3）在容器A中注入水，使两容器中液面相平，此时水对容器A底部的压强增加了196帕。

求液体乙的密度ρ乙。

【答案】

（1）2×10﹣3m3；

（2）784pa；（3）800kg/m3

【解析】

【详解】

（1）容器中甲水的体积为

（2）容器甲中水对容器底部的压强

（3）当容器甲内加水至于容器乙相平时，设此时水深为h1，此时水对容器底部的压强

由

可得此时水的深度

由题知，原来容器甲、乙底部所受液体的压强相等，即p乙＝p水＝784Pa，由

可得，液体乙的密度

答：

（1）甲容器中水的体积为2×10﹣3m3；

（2）容器甲中水对容器底部的压强为784Pa；（3）液体乙的密度为800kg/m3。

24．在图所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“1安”字样。

闭合电键S，电压表示数为5伏。

（1）求通过电阻R1的电流I1。

（2）求通电10秒钟后，电流通过电阻R1所做的功W1．

（3）移动滑动变阻器滑片P过程中，电源电压与电压表示数比值的最大为3，求电压表最大示数和最小示数的差值△U1。

【答案】

（1）0.5A

（2）25焦（3）6V

【解析】

【详解】

（1）根据电路图可知，电压表测量R1两端的电压，又因为R1＝10Ω，所以通过电阻R1的电流

（2）电流通过电阻所做的功

（3）电源电压和电压表示数的比值最大为3，此时应为电压表最小值，即

电压表最大值应该是当滑动变阻器阻值最小，即电流最大时，滑动变阻器R2上标有“1A”字样，所以可得

解得，

此时R1的电压

电压表示数的最大值和最小值的差值为

答：

（1）通过电阻R1的电流I1为0.5A；

（2）通电10s做功为25焦；（3）电压表示数的最大值和最小值的差值6V。

评卷人

得分

六、综合题

25．小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为3伏保持不变）、电流表、电压表、电键和待测电阻Rx各一个，三个滑动变阻器（分别标有“5欧2安”字样、“10欧2安”字样、“50欧1安”字样），以及导线若干。

小华选择其中一个滑动变阻器，正确连接电路，进行实验。

实验中，当滑动变阻器滑片P在中间区域某位置时，电压表和电流表的指针位置如图（a）、（b）所示，小华记录第一组数据；然后移动滑动变阻器滑片P，在电压表指针自图（a）位置转过两小格时记录第二组数据，此时电流表、电压表指针偏转角度相同；接着继续操作完成实验。

（1）实验中电压表所选的量程为_____伏。

（2）判断实验中电流表所选的量程。

_____（需要写出计算过程）

（3）小华的第二组数据中，电压、电流及计算出的待测电阻Rx的阻值是_____。

【答案】0﹣30﹣0.6A；计算过程见解析5Ω

【解析】

【详解】

（1）[1]电路连接正确，即待测电阻与变阻器串联，电流表串联在电路中，电压表与待测电阻并联，因电源电压为3V，故电压表选用小量程0﹣3V；

（2）[2]图a中，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压表示数为1.4V，图b中，若电流表选用大量程，分度值为0.1A，电流为1.4A；若选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.28A；根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为

若电流表选用小量程，由欧姆定律，变阻器连入电路的电阻

变阻器电阻为11.4Ω，与题中所给的10Ω2A变阻器的较为吻合；若电流表选用大量程，由欧姆定律，变阻器连入电路的电阻

变阻器电阻为2.28Ω，与题中所给的变阻器的规格差别较大，故电流表选用小量程0﹣0.6A；

（3）[3]电流表示数为0.28A，继续移动滑片，当电压表示数在如图a的基础上偏转两格后，电压表示数可能为1.6V和1.2V，若电压表示数为1.6V，即电压表示数变大，根据

，则电路中和电流也应变大，电流为0.32A,由欧姆定律得

若电压表示数为1.2V，即电压表示数变小，根据

，则电路中和电流也应变小，电流为0.24A，由欧姆定律得：

评卷人

得分

七、实验题

26．为研究物体在液体中所受向上的力与哪些因素有关，小明设计了方案进行实验。

小明用弹簧测力计将一圆柱体悬挂在空容器中，如图，此时测力计示数为F0．然后逐次向容器中注入液体A，并将圆柱体下表面到液面的距离h、相应的弹簧测力计示数F、F0与F的差值△F记录在表一中。

为进一步探究，小明换用液体B重复实验，并将数据记录在表二中。

（液体A、B密度分别为ρA、ρB，且ρA>ρB）

表一：

（液体A）

实验序号

h（厘米）

F（牛）

△F（牛）

1

3.0

8.5

1.5

2

6.0

7.0

3.0

3

9.0

5.5

4.5

4

12.0

5.0

5.0

表二：

（液体B）

实验序号

h（厘米）

F（牛）

△F（牛）

5

3.0

8.8

1.2

6

6.0

7.6

2.4

7

9.0

6.4

3.6

8

12.0

6.0

4.0

（1）分析比较实验序号1、2与3（或5、6与7）数据中F和h的关系及相关条件，可得出的初步结论是：

同一物体在同一种液体中，_____。

（2）分析比较实验序号1、与2与3（或5、6与7）的数据中△F和h的关系及相关条件，可得出的初步结论是：

同一物体在同一种液体中，_____。

（3）分析比较实验序号1、5（或2、6，或3、7）的数据中△F和h的关系及相关条件，可得出的初步结论是：

同一物体在_____。

（4）实验中圆柱体的重力为_____牛，高度为_____厘米。

【答案】弹簧测力计示数F随h增大而减小△F与h成正比不同液体中，h不变时，液体密度ρ越大，△F越大10.010.0

【解析】

【详解】

（1）[1]根据实验序号1与2与3或5与6与7的数据，分析比较弹簧测力计的示数F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系，可得出的初步结论是：

同一物体在同种液体中，弹簧测力计示数F随圆柱体的下表面到液面的深度增大而减小；

（2）[2]纵向比较表一序号1与2与3或表二序号5与6与7的数据，可知，圆柱体的下表面到液面的深度h为原来的几倍，△F也为原来的几倍，可得出的初步结论是：

同一物体在同种液体中，△F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比；

（3）[3]因为ρA＞ρB，根据实验序号1与5或2与6或3与7的数据，可得出的初步结论是：

同一物体在不同液体中，圆柱体的下表面到液面的深度h不变时，液体密度ρ越大，△F越大；

（4）[4]由题意可知F0＝G，根据称重法测浮力，△F＝F0﹣F，故本实验中，圆柱体的重力为

[5]同一物体在同种液体中，△F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比；但序号4与8实验不符合这个规律；根据阿基米德原理，

，在物体没有浸没时，

，故受到的浮力与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比，浸没在液体中的物体受到的浮力与深度无关，说明4与8这两中情况下，圆柱体已浸没在液体中了，由阿基米德原理,1、4两次实验受到的浮力之比为

解得h=10cm，即圆柱体的高度为10.0厘米