高二物理上学期期中试题70.docx
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高二物理上学期期中试题70
湖南师大附中2016－2017学年度高二第一学期期中考试
物 理
得分____________
（备注：
文科生完成第Ⅰ卷必考题，时量60min，总分100分，理科生完成第Ⅰ卷必考题和第Ⅱ卷理科生必选考题，时量90min，总分150分。
）
第Ⅰ卷（必考题）
一、选择题（本题共12小题，每小题四个选项中只有一个符合题意，请将符合题意的选项序号填涂在答题卡上，每小题5分，共60分）
1．丝绸与玻璃棒摩擦后，玻璃棒带正电，这是因为
A．丝绸上的一些电子转移到玻璃棒上
B．丝绸上的一些正电荷转移到玻璃棒上
C．玻璃棒上的一些电子转移到丝绸上
D．玻璃棒上的一些正电荷转移到丝绸上
2．点电荷A、B固定在真空中，所带电荷量均为q，若此时它们之间的库仑力为F，将两点电荷所带电量均变为－3q，则B球所受的库仑力将变成
A．3F，方向与原来相同B．4F，方向与原来相同
C．大小和方向均不变D．9F，方向与原来相同
3．若带负电的点电荷q在电场中由M向N做加速运动，且加速度越来越大，则可以判定它所在的电场可能是下列图的
4．关于电场，下列说法中不正确的是
A．只要有电荷存在，电荷周围就一定存在着电场
B．电场是一种物质，是不依赖于我们的感觉而客观存在的东西
C．电荷间的相互作用是通过电场而产生的，电场最基本的性质是对处在它里面的电荷有力的作用
D．电场是人们假想出来的，实际并不存在
5．在某电场中，电荷量为2×10－9C的点电荷放在A点，A点的电场强度大小为3×104N/C，则该电荷受到的电场力大小为
A．3×10－4NB．6×10－5N
C．1.2×10－13ND．6×10－6N
6．静电除尘原理中是应用了静电的什么性质
A．同号电荷相斥B．异号电荷相吸
C．静电吸引轻小物体D．将静电荷导走
7．电容器是一种常用的电子元件．下列对电容器认识正确的是
A．电容器的电容表示其储存电荷能力
B．电容器的电容与它所带的电量成正比
C．电容器的电容与它两极板间的电压成反比
D．电容的常用单位有μF和pF，1μF＝103pF
8．如图所示，平行板电容器C和电阻组成电路，当减小电容器极板间的距离时，则
A．在回路中有从a经R流向b的电流
B．在回路中有从b经R流向a的电流
C．回路中无电流
D．回路中的电流方向无法确定
9．关于电动势，下列说法不正确的是
A．电源两极间的电压等于电源电动势
B．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大
C．电源电动势的数值等于内、外电压之和
D．电源电动势与外电路的电阻无关
10．通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q.若电阻为4R，通过的电流强度为
时，在时间t内产生的热量为
A．2QB．QC.
D.
11．一根电阻丝，在时间t内通过2C的电量时，消耗的电能为8J．若该电阻丝在时间内
通过4C的电量时，电阻丝上所加的电压U和消耗的电能E各是
A．U＝8V,E＝16JB．U＝16V,E＝16J
C．U＝8V,E＝32JD．U＝16V,E＝64J
12．不考虑温度对电阻的影响，两个“220V，100W”的灯泡串联接入220V的线路上时，它们的总功率为
A．200WB．100WC．50WD．25W
答题卡
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
得分
答案
二、填空题（每空5分，共20分）
13．元电荷的电荷量为__________．
14．一检验电荷q＝＋3×10－9C，在电场中P点受到的电场力F＝6×10－7N，P点的电场强度为______________；若将检验电荷电荷量变为q′＝＋2×10－8C放在P点，受的电场力为__________．
15．我国北京正负电子对撞机的储存环是周长为240m的圆形轨道，当环中电流是5mA时（电子的速度是3×107m/s）．则在整个环中运行的电子数目为__________个．
三、计算题（每题10分，共20分）
16．如图所示，绝缘光滑水平面上，放一质量为m＝2.0×10－3kg的带正电滑块A，所带电荷量为q＝1.0×10－7C，在水平方向加一水平向左的匀强电场，电场强度的大小为E＝4.0×105N/C，滑块A由静止释放，求：
当滑块速度为v＝1m/s时，滑块滑行的距离．
17．如图所示，灯泡L上标有“20V，200W”字样，电动机D电阻R＝5Ω，当在A、B两端加上220V电压时，灯泡和电动机均正常工作，求：
电动机D的电功率和热功率.
第Ⅱ卷（理科必选考题）
四、选择题（共24分，18～23题为单项选择题，每题2分，后24～29题为多项选择题，每题2分，多项选择题全对得满分，错选多选不得分，少选得1分）
18．联合国安理会每个常任理事国都拥有否决权，假设设计一个表决器，常任理事国投反对票时输入“0”，投赞成票时或弃权时输入“1”，提案通过为“1”，通不过为“0”，则这个表决器应具有哪种逻辑关系
A．与门B．或门C．非门D．与非门
19．某同学研究电子在匀强电场中的运动时，得到了电子由a点运动到b点的轨迹（虚线所示），图中一组平行实线可能是电场线，也可能是等势面，则下列说法正确的是
A．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的电势都比b点的电势低
B．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的场强都比b点的场强小
C．如果图中实线是电场线，电子在a点动能较大
D．如果图中实线是等势面，电子在b点动能较小
20．如图所示，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m的带正电小球，小球与弹簧不连接，施加外力F将小球向下压至某位置静止．现撤去F，小球从静止开始运动到离开弹簧的过程中，重力、电场力对小球所做的功分别为W1和W2，小球离开弹簧时速度为v，不计空气阻力，则上述过程中
A．小球与弹簧组成的系统机械能守恒
B．小球的重力势能增加W1
C．小球的机械能增加－W1＋
mv2
D．小球的电势能增加W2
21．如图所示，直线A是电源的路端电压和电流的关系图线，直线B、C分别是电阻R1、R2的两端电压与电流的关系图线，若这两个电阻分别接到这个电源上，则
A．R1接在电源上时，电源的效率高
B．R2接在电源上时，电源的效率高
C．R1接在电源上时，电源的输出功率大
D．电源的输出功率一样大
22．在如图所示的电路中，现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是
A．I1增大，I2不变，U增大
B．I1减小，I2增大，U减小
C．I1增大，I2减小，U增大
D．I1减小，I2不变，U减小
23．在下图中，甲、乙两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下述说法不正确的是
A．甲图的接法叫电流表外接法，乙图的接法叫电流表的内接法
B．甲中R测＞R真，乙中R测＜R真
C．甲中误差由电压表分流引起，为了减小误差，就使R≪RV，故此法测较小电阻好
D．乙中误差由电流表分压引起，为了减小误差，应使R≫RA，故此法测较大电阻好
24．如图所示，竖直放置的半径为r的硬橡胶圆环，其上带有均匀分布的正电荷，单位长度的电量为q，其圆心O处的合场强为零，现截去圆环顶部的一小段AB，AB＝l（l≪r），则关于剩余部分在圆心O处产生的场强，下列说法中正确的是
A．O处场强方向竖直向上
B．O处场强方向竖直向下
C．O处场强的大小为
（k为静电力常量，下同）
D．O处场强的大小为
25．如图所示，长为L，倾角为θ＝30°的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电荷量为＋q，质量为m的小球，以初速度v0由斜面底端的A点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端的速度仍为v0，则
A．小球在B点的电势能一定大于小球在A点的电势能
B．A、B两点的电势差一定为
C．若电场是匀强电场，则该电场场强的最大值一定是
D．若该电场是AC边中点的点电荷Q产生的，则Q一定是正电荷
26．在地面附近，存在着一有界电场，边界MN将某空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域Ⅰ中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v－t图象如图乙所示，已知重力加速度为g，不计空气阻力，则
A．在t＝2.5s时，小球经过边界MN
B．小球受到的重力与电场力之比为3∶5
C．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功与电场力做的功大小相等
D．在小球运动的整个过程中，小球的机械能与电势能总和先变大再变小
27．如图所示，是将滑动变阻器作分压器用的电路，A、B为分压器的输出端，R是负载电阻，电源电压为U保持恒定，滑动片P位于变阻器的中央，下列判断正确的是
A．空载（不接R）时，输出电压为
B．接上负载R时，输出电压＜
C．负载电阻R的阻值越大，输出电压越低
D．接上负载R后，要使输出电压为
，滑片P须向下移动至某一位置
28．如图所示是根据某次实验记录的数据画出的U—I图线，关于此图线，说法中正确的
A．纵轴的截距表示电源的电动势，即E＝3.0V
B．横轴的截距表示电源的短路电流，即I短＝0.6A
C．电源的内阻r＝5Ω
D．电源的内阻r＝1.0Ω
29．用多用电表欧姆挡测电阻时，下列说法正确的是
A．测量前必须调零，而且每测一次电阻都要重新调零
B．为了使测量值比较准确，应该用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起，以使表笔与待测电阻接触良好
C．待测电阻若是连接在电路中，应当先把它与其它元件断开后再测量
D．使用完毕应当拔出表笔，并把选择开关旋到OFF挡或交流电压最高挡
答题卡
题号
18
19
20
21
22
23
24
25
26
27
28
29
得分
答案
五、实验题（30题每空1分，31题每空和连接实物图均1分，共计9分）
30．若欧姆表头的满偏电流为Ig＝500μA，干电池的电动势为1.5V，则
（1）这只欧姆表的总内阻为__________Ω
（2）表针偏转到满刻度的
时，待测电阻为__________Ω.
31．某同学为了测量某阻值约为5Ω的金属棒的电阻率，进行了如下操作：
（1）分别使用10分度游标卡尺和螺旋测微器测量金属棒的长度L和直径d，某次测量的示数如题图1和题图2所示，长度L＝__________mm，直径d＝__________mm.
（2）现备有下列器材：
待测金属棒：
Rx（阻值约5Ω）；电压表：
V1（量程3V，内阻约3kΩ）；V2（量程15V，内阻约9kΩ）；电流表：
A1（量程0.6A，内阻约0.2Ω）；A2（量程3A，内阻约0.05Ω）；电源：
E1（电动势3V，内阻不计）；滑动变阻器：
R1（最大阻值约20Ω）；R2（最大阻值约1000Ω）；开关S；导线若干．
若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电压表应选______，电流表应选______，滑动变阻器应选______．（均选填器材代号）
正确选择仪器后请在图3中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接．用伏安法测得该电阻的电压和电流，并作出其伏安特性曲线如图4所示，若图象的斜率为k，则该金属棒的电阻率ρ＝______．（用题目中所给各个量的对应字母进行表述）
六、计算题（本题共3小题，32题5分，33题6分，34题6分，共17分，计算时必须有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）
32．如图所示电路，已知R3＝4Ω，闭合开关，安培表读数为0.75A，伏特表读数为2V，经过一段时间，一个电阻被烧坏（断路），使安培表读数变为0.8A，伏特表读数变为3.2V，问：
（1）哪个电阻发生断路故障？
（2）R1的阻值是多少？
（3）能否求出电源电动势E和内阻r？
如果能，求出结果；如果不能，说明理由．
33．某课外小组设计了一种测定风速的装置，其原理如图所示．一个劲度系数k＝120N/m、自然长度L0＝1m的弹簧一端固定在墙上的M点，另一端N与导电的迎风板相连，弹簧穿在光滑水平放置的电阻率较大的金属杆上，弹簧是不导电的材料制成的．迎风板面积S＝0.5m2，工作时总是正对着风吹来的方向，电路的一端与迎风板相连，另一端在M点与金属杆相连，迎风板可在金属杆上滑动，且与金属杆接触良好．定值电阻R＝1.0Ω，电源的电动势E＝12V，内阻r＝0.5Ω.闭合开关，没有风吹时，弹簧处于原长，电压表的示数U1＝9.0V，某时刻由于风吹迎风板，电压表的示数变为U2＝6.0V．（电压表可看做理想电表）求：
（1）金属杆单位长度的电阻；
（2）此时作用在迎风板上的风力．
34．如图所示，在光滑绝缘水平面上，质量为m的均匀绝缘棒AB长为L、带有正电，电荷量为Q且均匀分布．在水平面上O点右侧有匀强电场，电场强度大小为E，其方向为水平向左，开始时BO距离为x0，若棒在水平向右的大小为
的恒力作用下由静止开始运动．求：
（1）棒的B端进入电场
时的加速度大小和方向；
（2）棒在运动过程中的最大动能．
（3）棒的最大电势能．（设O点处电势为零）
湖南师大附中2016－2017学年度高二第一学期期中考试
物理参考答案
第Ⅰ卷
一、选择题（本题共12小题，每小题四个选项中只有一个符合题意，请将符合题意的选项序号填涂在答题卡上，每小题5分，共60分）
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
C
D
A
D
B
C
A
B
A
B
D
C
二、填空题（每空5分，共20分）
13．1.60×10－19C 14.2×102N/C 4×10－6N 15.2.5×1011
三、计算题（每题10分，共20分）
16．【解析】滑块所受的电场力：
F＝Eq⇒F＝4×10－2N3分
根据牛顿第二定律得：
F＝ma⇒a＝20m/s23分
根据匀变速直线运动位移与速度关系得：
2ax＝v22分
解得：
x＝2.5×10－2m2分
17．【解析】由于电灯是纯电阻用电器，正常工作时：
PL＝ULI⇒I＝
＝10A2分
电动机与灯串联：
U＝UL＋UD⇒UD＝200V2分
电动机的电功率：
PD＝UDI2分
PD＝2000W1分
电动机的热功率：
P′＝I2R2分
P′＝500W1分
第Ⅱ卷
四、选择题（共24分，18～23题为单项选择题，每题2分，后24～29题为多项选择题，每题2分，多项选择题全对得满分，错选多选不得分，少选得1分）
题号
18
19
20
21
22
23
24
25
26
27
28
29
答案
A
D
C
A
B
B
AC
BD
BC
AB
AD
CD
五、实验题（30题每空1分，31题每空和连接实物图均1分，共计9分）
30．
（1）3000
（2）6000
31.
（1）23.5 6.713
（2）V1 A1 R1 实物连线图略
六、计算题（本题共3小题，32题5分，33题6分，34题6分，共17分，计算时必须有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）
32．【解析】
（1）伏特表和安培表有示数且增大，说明外电阻增大，故只能是R2被断路了.1分
（2）R1＝
＝4Ω1分
（3）UR3＝I1R1－UR2＝1V
I3＝
＝0.25A
E＝U1′＋I2′（R4＋r）
E＝U1＋UR3＋（I3＋I1）（R4＋r）
联立求得R4＋r＝1Ω1分
以上分析E＝4V1分
故只能求出电源电动势E而不能求出内阻r.1分
33．【解析】设无风时金属杆接入电路的电阻为R1，风吹时接入电路的电阻为R2，由题意得
（1）无风时：
U1＝
R1
得R1＝4.5Ω
所以金属杆单位长度的电阻R0＝
＝4.5Ω/m2分
（2）有风时：
U2＝
R2
得R2＝1.5Ω1分
此时，弹簧长度L＝
＝
m1分
压缩量x＝L0－L＝（1－
）m＝
m1分
由二力平衡得此时风力：
F＝kx＝120×
N＝80N．1分
34．【解析】
（1）根据牛顿第二定律，得
－
·
＝ma
a＝
，方向向右.1分
（2）设当棒进入电场x时，其动能达到最大，则此时棒受力平衡，有
＝x·
得x＝
，
由动能定理：
Ek＝∑W＝
（x0＋x）－
x
＝
（x0＋
）－
＝
（x0＋
）2分
（3）棒减速到零时，棒可能全部进入电场，也可能没有全部进入电场，设恰能全部进入电场，则有：
（x0＋L）－
L＝0,
得x0＝L；E电1＝
（L＋L）＝
1分
当x0（x0＋x′）－
x′＝0－0解之得：
x′＝
E电2＝WF＝
（x0＋
）1分
当x0>L，棒能全部进入电场，设进入电场x″
（x0＋x″）－
L－QE（x″－L）＝0
得：
x″＝
E电3＝
（x0＋x″）＝
·
＝
1分
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