高考第二轮复习综合模拟卷二.docx
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高考第二轮复习综合模拟卷二
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综合模拟卷
(二)
专题一~专题七
(60分钟100分)
一、单项选择题:
本大题共4小题,每小题4分,共16分。
在每小题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求,选对的得4分,选错或不答的得0分。
1.(2012·执信二模)物理学是一门以实验为基础的科学,任何理论和学说的建立都离不开实验。
下面有关物理实验与物理理论或学说关系的说法中正确的是
()
A.光电效应实验证实了光具有波粒二象性
B.牛顿的理想斜面实验说明力不是维持物体运动的原因
C.电子的发现表明了原子不是构成物质的最小微粒
D.天然放射现象的发现证实了玻尔原子理论
2.(2012·深圳一模)一辆汽车运动的v-t图象如图,则汽车在0~2s内和2s~3s内相比()
A.位移大小相等B.平均速度相等
C.速度变化相同D.加速度相同
3.(2012·湛江二模)如图所示,矩形线框在磁场内做的各种运动中,能够产生感应电流的是()
4.如图所示,光滑斜面的倾角为30°,轻绳通过两个滑轮与物块A相连,轻绳的另一端固定于天花板上,不计轻绳与滑轮的摩擦。
物块A的质量为m,不计滑轮的质量,挂上物块B后,当动滑轮两边轻绳的夹角为90°时,A、B恰能保持静止,则物块B的质量为()
A.mB.mC.mD.2m
二、双项选择题:
本大题共5小题,每小题6分,共30分。
在每小题给出的四个选项中,有两个选项符合题目要求,全部选对的得6分,只选1个且正确的得3分,有选错或不答的得0分。
5.(2012·佛山二模)一群处于基态的氢原子吸收某种单色光子后,向外辐射了ν1、ν2、ν3三种频率的光子,且ν1>ν2>ν3,则()
A.被氢原子吸收的光子的能量为hν1
B.被氢原子吸收的光子的能量为hν2
C.hν1>hν2+hν3
D.hν1=hν2+hν3
6.(2012·肇庆二模)我国2011年下半年发射了“天宫一号”目标飞行器和“神舟八号”飞船。
“天宫一号”M和“神舟八号”N绕地球做匀速圆周运动的轨迹如图所示,虚线为对接前各自的运行轨道,由图可知()
A.M的线速度大于N的线速度
B.M的周期大于N的周期
C.M的向心加速度大于N的向心加速度
D.N通过点火加速后可以与M实现对接
7.(2012·执信二模)远距离输电装置如图所示,升压变压器和降压变压器均是理想变压器。
当K由2改接为1时,下列说法正确的是()
A.电压表读数变大B.电流表读数变大
C.电流表读数变小D.输电线损失的功率减小
8.(2012·珠海二模)如图所示,一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中,在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹,M和N是轨迹上的两点。
不计重力,下列表述正确的是()
A.粒子在电场中的加速度不变
B.粒子所受电场力沿电场方向
C.粒子在M点的速率比在N点的速率大
D.粒子在电场中的电势能先增加后减小
9.(2012·佛山二模)目前,世界上正在研究一种新型发电机叫磁流体发电机,如图表示它的原理:
将一束等离子体喷射入磁场,在磁场中有两块金属板A、B,这时金属板上就会聚集电荷,产生电压。
以下正确的是()
A.B板带正电
B.A板带正电
C.其他条件不变,只增大射入速度,UAB不变
D.其他条件不变,只增大磁感应强度,UAB增大
三、非选择题:
本大题共4小题,共54分。
按题目要求作答。
解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。
10.(2012·深圳二模)(8分)用打点计时器测定重力加速度,装置如图。
(1)如果实验时所用交流电频率为50Hz,已知当地的重力加速度大约为
9.79m/s2。
某同学选取了一条纸带并在该纸带上连续取了4个点,且用刻度尺测出了相邻两个点间距离,则该同学所选的纸带是______(填写代号即可)
(2)若打出的另一条纸带如图,实验时该纸带的______(选填“甲”或“乙”)端通过夹子和重锤相连接。
纸带上1至9各点为计时点,由纸带所示数据可算出实验时的重力加速度为______m/s2,该值与当地重力加速度有差异的原因是___________________(写一个即可)
11.(2012·广州一模)(10分)小华设想用热敏电阻制作一个“温度计”。
为此他需要先探究该热敏电阻的阻值随温度变化的规律,现有下列器材:
待测热敏电阻R(约600Ω~2000Ω),直流电流表(量程6mA,内阻约0.5Ω),直流电压表(量程3V,内阻约1kΩ),直流恒压电源(输出电压3V,内阻不计),
滑动变阻器(阻值范围0~500Ω),以及水银温度计、加热装置、开关和导线。
(1)用游标为10分度的卡尺(测量值可准确到0.1mm)测定该热敏电阻的直径时,卡尺上的示数如图所示。
可读出该电阻的直径为______mm。
(2)应选择图______(选填“甲”或“乙”)的电路探究热敏电阻的温度特性。
(3)主要步骤:
A.连接电路,启动加热装置,待温度稳定为某一温度时,闭合开关,记下温度计、电流表、电压表的读数;
B.______,多次重复步骤A操作,得出多组数据;
C.根据数据计算热敏电阻阻值R,绘制R随温度t变化的图线。
(4)现将该热敏电阻、恒压电源(内阻为零)、开关、导线、______(选填“电压表”或“电流表”)连接起来,把该电表的刻度改为相应的温度刻度,就制成了一个“温度计”。
若R随温度t变化的图线如图丙,则用此“温度计”测得的温度越低,对应原电表表盘的刻度值越______(选填“大”或“小”)。
12.(18分)如图所示,在y轴右侧平面内存在方向向里的匀强磁场,磁感应强度大小B=0.5T,坐标原点O处有一放射源,可以向y轴右侧平面沿各个方向放射比荷为的正离子,这些离子速率在从0到最大值vm=2×106m/s的范围内,不计离子之间的相互作用。
(1)求离子打到y轴上的范围。
(2)若在某时刻沿+x方向放射各种速率的离子,求经过这些离子所在位置构成的曲线方程。
(3)若从某时刻开始向y轴右侧各个方向放射各种速率的离子,求经过
已进入磁场的离子可能出现的区域面积。
13.(2012·潮州二模)(18分)如图所示,高度相同质量均为m=0.1kg的带电绝缘滑板A及绝缘滑板B置于水平面上,A的带电量q=0.01C,它们的间距
s=m。
质量为M=0.3kg、大小可忽略的物块C放置于B的左端。
C与A之间的动摩擦因数μ1=0.1,A与水平面之间的动摩擦因数为μ2=0.2,B的上、下表面光滑,最大静摩擦力可以认为等于滑动摩擦力。
开始时三个物体处于静止状态。
现在空间加一水平向右电场强度为E=80N/C的匀强电场,假定A、B碰撞时间极短且无电荷转移,碰后共速但不粘连。
求:
(1)A与B相碰前的速度为多大;
(2)要使C刚好不脱离滑板,滑板的长度应为多少;
(3)在满足
(2)的条件下,求最终A、B的距离。
答案解析
1.【解析】选C。
光电效应实验证实了光具有粒子性,A错误;伽利略理想斜面实验说明力不是维持物体运动的原因,B错误;电子的发现表明原子不是构成物质的最小微粒,C正确;天然放射现象的发现证实了原子核有内部结构,D错误。
2.【解析】选B。
根据v-t图象,0~2s和2s~3s相比,位移不相等,平均速度相等,速度变化量的大小相等,但方向不同,加速度不相同,故B正确。
3.【解析】选B。
线框在磁场中运动过程中,只有选项B线框中的磁通量发生变化,能够产生感应电流,故B正确。
4.【解析】选A。
先以A为研究对象,由A物块受力及平衡条件可得绳中张力FT=mgsin30°,再以动滑轮为研究对象,分析其受力并由平衡条件有
,解之有,A正确。
5.【解析】选A、D。
根据氢原子能级图,被氢原子吸收的光子的能量为hν1,且hν1=hν2+hν3,故A、D正确。
6.【解析】选B、D。
由于rM>rN,根据,可以确定,A错误,B正确,C错误。
N通过点火加速可以与M实现对接,D正确。
7.【解析】选A、B。
当K由2改接为1时,升压变压器匝数n2增加,则输出电压U2增大,U3、U4都增大,故电压表示数增大,电流表示数也增大,输电线损失的功率也增大,故A、B正确。
8.【解析】选A、D。
粒子在匀强电场中受电场力恒定,故加速度不变,A正确;由于粒子带负电,受电场力方向与电场方向相反,B错误;由于由N→M电场力做负功,故M点的速率小于N点的速率,C错误;粒子运动过程中电场力先做负功后做正功,故电势能先增加后减小,故D正确。
9.【解析】选A、D。
根据左手定则可确定B板带正电,A正确,B错误。
根据,UAB=Bdv,由此确定C错误,D正确。
10.【解析】
(1)由于重锤做自由落体运动,故纸带上数据s3-s2=s2-s1,根据
Δs=gT2可以确定D正确。
(2)实验时纸带乙端和重锤相连。
根据s7-s2=5gT2
解得g=9.4m/s2。
差异的原因是纸带和打点计时器间的摩擦阻力或空气阻力的作用。
答案:
(1)D
(2)见解析
11.【解析】
(1)游标卡尺的示数为2.6mm。
(2)由于待测电阻阻值较大,故应采用电流表内接法,故选择图乙。
(3)应改变温度,多次重复操作,得出多组数据。
(4)应连接电流表。
由R-t图象,温度越低,电流表示数越大。
答案:
见解析
12.【解析】
(1)设离子进入磁场中做圆周运动的最大半径为Rm
由牛顿第二定律得(2分)
解得(1分)
由几何关系知,离子打到y轴上的范围为0~2m.(2分)
(2)设离子在磁场中运动的周期为T,则(1分)
又(1分)
两式联立可得(2分)
设经过,这些离子轨迹所对应的圆心角为θ,则(2分)
这些离子(一部分)在磁场中运动的轨迹如图甲所示,并令任一离子在经过
的时间所处位置的坐标为(x,y),则x=Rsinθ,y=R(1-cosθ)(2分)
代入数据并化简得(1分)
(3)若把第
(2)问图中的A点视为速度最大粒子的运动轨迹上的点,将OA线段从沿y轴正方向开始顺时针旋转,A经过x轴上的点为C,以C为圆心、Rm为半径作圆弧,与OA旋转过程A点留下的轨迹圆在x轴下方相交于B,如图乙所示,图中阴影部分的面积即为离子可能出现的区域面积,设为S
由几何关系可求得此面积S=。
(4分)
答案:
(1)0~2m
(2)
(3)
13.【解析】
(1)A与B相撞之前由动能定理:
(qE-μ2mg)s=(2分)
得(2分)
代入数据得:
v0=4m/s(2分)
(2)A与B相碰后速度为v1
由动量守恒定律:
mv0=(m+m)v1
(2分)
C在A上滑行时,A、B分离,B做匀速运动
A与地面的摩擦力f2=μ2(m+M)g=0.8N(1分)
A受到的电场力F=qE=0.8N(1分)
故A、C组成的系统动量守恒,(1分)
当C刚好滑到A左端时共速v2
由动量守恒定律:
mv1=(m+M)v2
得(1分)
设A长度为L,则由能量守恒定律有:
得
代入数据得L=0.5m(1分)
(用其他方法求解正确也给分)
(3)对C由牛顿第二定律可知:
μ1Mg=Ma
得(1分)
加速时间为(1分)
0.5s内A的位移(1分)
0.5s内B的位移sB=v1t=1m(1分)
所以两者以后距离x=sB-sA+(v1-v2)t
=0.375+1.5t=1.125(m)(1分)
答案:
(1)4m/s
(2)0.5m(3)1.125m