届陕西省渭南市尚德中学高三上学期第一次教学质量检测物理试题解析版.docx

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届陕西省渭南市尚德中学高三上学期第一次教学质量检测物理试题解析版

渭南市尚德中学2019届高三第一次教学质量检测

物理试题

★祝考试顺利★

注意事项：

1、考试范围：

高考范围。

2、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答：

每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4、填空题和解答题的作答：

用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

5、选考题的作答：

先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

6、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并上交。

一、选择题（共12题，每题4分，共48分。

注：

只有6、10题为多选）

1.一位体操运动员在水平地面上做倒立动作，下列哪个图中沿每个手臂受到的力最大（　　）

A.

B.

C.

D.

【答案】D

【解析】

以人为研究对象，人受到重力和沿两手臂方向的支持力作用，沿两手臂方向的支持力的合力与重力大小相等。

在合力一定时，两分力的夹角越大，两分力越大，故D正确

综上所述本题答案是：

D

2.物体沿一条直线运动,下列说法正确的是（）

A.物体运动的速度越大则它的加速度就越大

B.物体在某时刻的速度为3m/s,则物体在1s内一定运动了3m

C.物体在1s内的平均速度是3m/s,则物体在这1s内的位移一定是3m

D.物体在某段时间内的平均速度是3m/s,则物体在任1s内的位移一定是3m

【答案】C

【解析】

【详解】物体运动的速度越大，它的加速度不一定就越大，例如做匀速直线运动的物体，选项A错误；在某时刻的速度为3m/s，平均速度不一定等于3m/s，则物体在1s内的位移不一定等于3m，故B错误。

物体在1s内的平均速度是3m/s，根据x=vt=3×1m=3m知，物体在1s内的位移一定是3m，故C正确。

物体在某段时间内的平均速度为3m/s，并不代表任意时间内的平均速度为3m/s，所以物体在任意1s内位移不一定等于3m，故D错误。

故选C。

3.小时候,大人们经常给我们讲龟兔赛跑的故事。

如图所示是兔子和乌龟在比赛过程中的位移-时间（即x-t）图象,它们的起点和终点相同,由图可知（）

A.兔子和乌龟是从同一时刻出发的

B.兔子和乌龟在比赛途中t2、t4时刻的速度相等

C.乌龟做的是直线运动,兔子是沿折线运动的

D.乌龟先通过预定位移x3到达终点

【答案】C

【解析】

【详解】由图读出，兔子和乌龟是从同地不同时刻出发的，兔子在乌龟出发后t1时间出发。

故A错误；根据位移图象的斜率表示速度，可知在t2时刻兔子的速度大，在t4时刻，乌龟的速度大。

故B错误。

乌龟做的是匀速直线运动，兔子先做匀速直线运动，在t3-t5时间内静止不动，t5时刻以后又沿原方向做匀速直线运动，兔子不是沿着折线跑的。

故C错误；由图看出，t6时刻乌龟到达终点，而兔子还没有到达终点，说明乌龟先到达终点，故D正确。

故选D。

【点睛】本题是位移图象问题，关键要明确图线的斜率等于速度，纵坐标实质表示物体的位置．

4.一足球以12m/s的速度飞来，被一脚踢回，踢出时速度大小为24m/s，球与脚接触时间为0.1s，则此过程中足球的加速度为（）

A.120m/s2，方向与踢出方向相同B.120m/s2，方向与飞来方向相同

C.360m/s2，方向与踢出方向相同D.360m/s2，方向与飞来方向相同

【答案】C

【解析】

规定足球飞来的方向为正方向，则球反向踢回的速度

，根据加速度的定义式知，足球的加速度

，所以足球加速度的大小为300m/s2，方向与踢出的方向相同。

故C项正确，ABD三项错误。

点睛：

解决本题的关键掌握加速度的定义式，规定正方向，注意公式的矢量性。

5.一个沿直线运动物体的v—t图像，如图所示，则（）

A.图像OA段表示物体做非匀变速运动，AB段表示物体静止

B.图像AB段表示物体做匀速直线运动

C.在0—3ｓ内和6—9ｓ内物体运动的方向相反

D.在6—9ｓ内与9—12ｓ内物体运动的加速度等大反向

【答案】B

【解析】

【详解】AB段表示物体速度不变，做匀速直线运动，故A错误，B正确；在0-9s内物体的速度图象一直在时间轴上方，都是正的，运动方向相同，故C错误；在6-12s内图象的斜率是不变的，说明加速度大小方向都不变，选项D错误；故选B.

【点睛】本题考查学生对v-t图象的认识，记住图象的斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示这段时间内物体通过的位移．

6.一辆汽车在平直的高速公路上匀速行驶,遇到紧急情况刹车后它的位移与时间的关系s=32t-4t2（s的单位为m,t的单位为s）,以下说法正确的有（）

A.1s末汽车的速度为28m/sB.汽车在最初2s内的平均速度为24m/s

C.t=5s时汽车的位移为64mD.汽车做减速运动,运动的加速度为-4m/s2

【答案】BC

【解析】

【详解】根据匀变速直线运动位移与时间的关系公式：

x＝v0t+

at2与x=32t-4t2；对比可得：

v0=32m/sa=-8m/s2，1s末汽车的速度为v1=v0-at=24m/s，故AD错误；汽车在最初2s内的位移为：

x=48m；故平均速度为

=24m/s；故B正确；汽车停止所用时间t=

=4s，故t=5s时汽车的位移为x5=x4=32×4-4×16=64m；故C正确；故选BC。

【点睛】解决本题的关键知道汽车刹车停止后不再运动，以及掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式．

7.以36km/h的速度沿平直公路行驶的汽车,刹车后获得大小为a=4m/s2的加速度,刹车后的第3s内,汽车走过的路程为（）

A.12.5mB.2mC.10mD.0.5m

【答案】D

【解析】

【详解】36km/h=10m/s，汽车速度减为零的时间

，可知第3s内的位移等于最后0.5s内的位移，采用逆向思维，最后0.5s内的路程x=

at′2＝

×4×0.25m＝0.5m。

故选D。

8.如图所示的装置中，小球的质量均相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的弹力分别为F1、F2、F3，其大小关系是（　　）

A.F1＝F2＝F3B.F1＝F2

C.F1＝F3>F2D.F3>F1>F2

【答案】A

【解析】

试题分析：

因小球的质量相等，三图中，物体均处于平衡状态，弹簧的弹力与小球的重力相等，故

，故选A。

考点：

物体的平衡条件、胡克定律。

【名师点睛】对胡克定律的理解

（1）胡克定律成立的条件是：

弹簧发生弹性形变，即必须在弹性限度内．

（2）F＝kx中的x是弹簧的形变量，是弹簧伸长或缩短的长度，而不是弹簧的总长度．

（3）F＝kx中的k为弹簧的劲度系数，反映弹簧本身的属性，由弹簧自身的长度、粗细、材料等因素决定，与弹力F的大小和伸长量x无关．

（4）由F＝kx可知，弹簧上弹力的变化量ΔF与形变量的变化量Δx也成正比关系，即ΔF＝kΔx．

9.运动员用双手握住竖直的竹竿匀速攀上和匀速下滑时，运动员所受到的摩擦力分别是f1和f2，则（）

A.f1向下，f2向上，且f1＝f2B.f1向下，f2向上，且f1>f2

C.f1向上，f2向上，且f1＝f2D.f1向上，f1向下，且f1＝f2

【答案】C

【解析】

【详解】匀速攀上时，其重力与静摩擦力平衡，由平衡条件可知：

f1方向竖直向上，f1=G；匀速下滑时，其重力与滑动摩擦力平衡，则f2方向竖直向上，且f2=G，所以f1=f2．故ABD错误，C正确。

故选C。

【点睛】本题运用平衡条件分析生活中的摩擦问题，关键是分析物体的受力情况，明确物体受到的是滑动摩擦力还是静摩擦力，再根据平衡条件求解摩擦力的大小．

10.如图所示，小球用细绳系住放置在倾角为θ的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，细绳上的拉力F和斜面对小球的支持力N将（）

A.N逐渐增大

B.N逐渐减小

C.F先增大后减小

D.F先减小后增大

【答案】BD

【解析】

试题分析：

对球受力分析，受重力、支持力、拉力，其中重力大小方向都不变，支持力方向不变、大小变，拉力大小与方向都变，可用作图法分析．

解：

对球受力分析，受重力、支持力、拉力，如图：

其中重力大小方向都不变，支持力方向不变，拉力大小与方向都变，将重力按照作用效果分解

由图象可知，G1先变小后变大，G2变小

又根据共点力平衡条件

G1=F

G2=N

故拉力F先变小后变大；

支持力N一直变小；

故选：

BD．

【点评】这类问题的特点是：

一个物体受三个共点力作用而平衡，其中有一个力是恒定的（大小、方向均不变，一般多为物体的重力G）；另一个力的方向（或大小）始终不变（支持力），第三个力（拉力）大小和方向都可能变化．当第三个力与第二个力垂直时，第三个力最小值．找出了这一规律，运用作图法（或计算法）求解都比较方便了．

11.如图，物体受水平力F作用，物体和放在水平面上的斜面都处于静止，若水平力F增大一些，整个装置仍处于静止，则

A.斜面对物体的弹力一定增大B.斜面与物体间的摩擦力一定增大

C.水平面对斜面的摩擦力可能不变D.水平面对斜面的弹力一定增大

【答案】A

【解析】

【详解】物体受力分析如图所示：

若开始时Fcosθ＜mgsinθ，物体受沿斜面向上的摩擦力，此时f=mgsinθ-Fcosθ，FN=Fsinθ+mgcosθ，如果F增大，则f减小，FN增大；

若开始时Fcosθ=mgsinθ则物体不受摩擦力作用，此时FN=mgcosθ+Fsinθ，如果力F增大，则Fcosθ＞mgsinθ，物体有向上运动的趋势，开始受沿斜面向下的静摩擦力，F越大摩擦力越大，F增大，FN也增大；

若开始时Fcosθ＞mgsinθ，物体受沿斜面向下的摩擦力，此时：

Fcosθ-mgsinθ=f，FN=Fsinθ+mgcosθ，如果力F增大，则f增大，FN增大；

故F增大时，FN一定增大，f的变化不确定，所以A正确，B错误；

以斜面和物体整体为研究对象，受力分析如图：

根据受力平衡有：

f地=FN=（M+m）g，如果F增大则受地面的摩擦力增大，N不变。

所以CD错误。

故选A。

12.一质点沿x轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其x/t—t的图象如图所示（x表示位移），则

A.质点做匀速直线运动，速度为0.5m/s

B.质点做匀加速直线运动，加速度为0.5m/s2

C.质点在第1s内的平均速度0.75m/s

D.质点在1s末速度为1.5m/s

【答案】D

【解析】

【详解】由图得：

=0.5+0.5t。

根据匀变速直线运动的位移公式x=v0t+

at2，得：

=v0+

at，对比可得：

v0=0.5m/s，a=1m/s2，则质点做初速度为0.5m/s、加速度为a=1m/s2的匀加速直线运动，故AB错误；质点在第1s末速度为：

v=v0+at=0.5+1=1.5m/s。

则质点在第1s内的平均速度为：

，故C错误，D正确；故选D。

【点睛】本题的实质上是速度-时间图象的应用，关键要运用数学知识得到函数式，分析质点的运动性质，再根据图象读取有用信息．

二．实验题（每空2分，共14分。

）

13.在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，某同学的操作步骤如下，其中错误的步骤有________。

A．拉住纸带，将小车移到靠近打点计时器处先放开纸带，再接通电源

B．将打点计时器固定在平板上，并接好电源

C．把一条细绳拴在小车上，细绳跨过定滑轮，下面吊着适当重的钩码

D．取下纸带，断开电源

E．将纸带固定在小车尾部，并穿过打点计时器的限位孔

F．换上新纸带重复实验三次

完善以上步骤以后，请你将操作步骤按合理顺序填写在横线上________。

【答案】

（1）.AD

（2）.BECADF

【解析】

【详解】其中错误的是：

A、实验时，不能先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，所以应该先接通电源，再释放纸带．步骤D中，应先断开电源后取下纸带；

安排实验步骤要本着先安装器材，然后进行实验的思路进行，一般每完成一次实验，都要进行重复实验，实验步骤要符合逻辑，不能颠三倒四的．故顺序为：

BECADF．

【点睛】教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚，同时加强基础知识的应用，提高解题能力．

14.如图甲所示，用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系．

（1）为完成实验，还需要的实验器材有：

____________.

（2）实验中需要测量的物理量有：

________________.

（3）图乙是弹簧弹力F与弹簧伸长量x的F－x图线，由此可求出弹簧的劲度系数为________N/m.图线不过原点的原因是由于____________．

（4）为完成该实验，设计的实验步骤如下：

A．以弹簧伸长量为横坐标，以弹力为纵坐标，描出各组（x，F）对应的点，并用平滑的曲线连接起来；

B．记下弹簧不挂钩码时其下端在刻度尺上的刻度l0；

C．将铁架台固定于桌子上，并将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一把刻度尺；

D．依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个…钩码，并分别记下钩码静止时弹簧下端所对应的刻度，并记录在表格内，然后取下钩码；

E．以弹簧伸长量为自变量，写出弹力与弹簧伸长量的关系式．首先尝试写成一次函数，如果不行，则考虑二次函数；

F．解释函数表达式中常数的物理意义；

G．整理仪器．

请将以上步骤按操作的先后顺序排列出来：

_____.

【答案】

（1）.刻度尺

（2）.弹簧原长、弹簧挂不同个数的钩码时所对应的伸长量（或对应的弹簧长度）（3）.200（4）.弹簧自身存在重力（5）.CBDAEFG

【解析】

试题分析：

（1）为完成实验，还需要的实验器材有：

刻度尺；

（2）实验中需要测量的物理量有：

弹簧原长、弹簧挂不同个数的钩码时所对应的伸长量；（3）弹簧的劲度系数为

．图线不过原点的原因是由于弹簧自身存在重力．（4）以上步骤按操作的先后顺序排列出来是：

CBDAEFG.

考点：

探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系

三．解答题（本题共4小题，共48分，应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分。

）

15.如图所示,斜面倾角为

在斜面上放着一重为100

的物体,问:

①重力沿斜面下滑方向的分力多大?

②重力沿斜面垂直方向的分力有多大?

③如果物体静止不动,那么物体受到的摩擦力多大?

方向如何?

④如果物体和斜面间的动摩擦因数为0.2,那么让物体下滑,在下滑过程中物体受到的摩擦力多大?

【答案】①60

②80

③60

方向沿斜面向上④16

【解析】

【详解】①在沿斜面方向上，重力沿斜面下滑方向的分力：

F1=Gsin37°=60N.

②重力沿斜面垂直方向的分力：

F2=Gcos37°=80N.

③如果物体静止不动，那么物体受到的摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，大小为60N，方向沿斜面向上.

④由滑动摩擦力公式可知，f2=μF2=0.2×80N=16N，沿斜面向上．

16.升降机从静止开始匀加速上升了8s，它的速度达到3m/s，然后以这个速度匀速上升了10s，然后又匀减速上升了4s后停止。

试求这22s内升降机上升的高度。

【答案】48米

【解析】

【详解】升降机先作匀加速直线运动，初速度为0，末速度为3m/s，运动时间为3s，上升的高度为

；

接着做匀速直线运动，速度为3m/s，运动时间为10s，上升的高度为h2=vt2=30m；

最后匀减速直线运动，初速度为3m/s，末速度为0，运动时间为4s，上升的高度为

故升降机上升的高度h=h1+h2+h3=48m

【点睛】本题也可以作出速度-时间图象，根据速度-时间图象的面积”表示位移求出升降机上升的高度。

17.质量为

的木块放在倾角为的斜面上时,恰好能匀速下滑。

现用水平力

推动木块,如图所示,使木块恰好沿斜面向上做匀速运动。

若斜面始终保持静止,求水平推力

的大小。

【答案】

【解析】

【详解】对物体受力分析，受推力、重力、支持力和滑动摩擦力，如图所示：

由平衡条件得：

x方向：

Fcosθ-mgsinθ-f=0

y方向：

FN-Fsinθ-mgcosθ=0

其中：

f=μFN

联立解得：

18.春节放假期间，全国高速公路免费通行，小轿车可以不停车通过收费站，但要求小轿车通过收费站窗口前x0＝9m区间的速度不超过v0＝6m/s.现有甲、乙两小轿车在收费站前平直公路上分别以v甲＝20m/s和v乙＝34m/s的速度匀速行驶，甲车在前，乙车在后．甲车司机发现正前方收费站，开始以大小为a甲＝2m/s2的加速度匀减速刹车．

（1）甲车司机需在离收费站窗口至少多远处开始刹车才不违章．

（2）若甲车司机经刹车到达离收费站窗口前9m处的速度恰好为6m/s，乙车司机在发现甲车刹车时经t0＝0.5s的反应时间后开始以大小为a乙＝4m/s2的加速度匀减速刹车．为避免两车相撞，且乙车在收费站窗口前9m区不超速，则在甲车司机开始刹车时，甲、乙两车至少相距多远？

【答案】

（1）100m　

（2）66m

【解析】

（1）对甲车速度由20m/s减速至6m/s的位移为：

x2=x0+x1=100m                                             

即：

甲车司机需在离收费站窗口至少100m处开始刹车

（2）设甲、乙两车速度相同时的时间为t，由运动学公式得：

v乙-a乙（t-t0）=v甲-a甲t

代入数据解得：

t=8s                        

相同速度v=v甲-a甲t=4m/s＜6m/s，即v=6m/s的共同速度为不相撞的临界条件  

乙车从开始以34m/s减速至6m/s的位移为：

x3＝v乙t0+

代入数据解得：

x3=157m 

所以要满足条件甲、乙的距离为：

x=x3-x1=157-91m=66m