学年安徽省芜湖市无为中学等三校联考高一上期末.docx

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学年安徽省芜湖市无为中学等三校联考高一上期末

2012-2013学年安徽省芜湖市无为中学等三校联考高一（上）期末物理试卷

一.选择题（每小题只有一个选项正确，每小题4分，共48分）

1．（4分）人在沼泽地赤脚行走时，容易下陷，下陷时，下列说法中正确的是（　　）

A．

此人对沼泽地地面的压力大于沼泽地地面对他的支持力

B．

此人对沼泽地地面的压力等于沼泽地地面对他的支持力

C．

此人对沼泽地地面的压力小于沼泽地地面对他的支持力

D．

无法确定

2．（4分）如图所示，运动员站在水平跳台上，图中F1表示人对跳台的压力，F2表示跳台对人的支持力，则下列说法中正确的是（　　）

A．

F1就是人的重力

B．

F1是由于跳台的形变而产生的

C．

F2是由于跳台的形变而产生的

D．

F1和F2大小相等，方向相反，是一对平衡力

3．（4分）物体沿一条直线运动，下列说法中正确的有（　　）

A．

物体在某时刻的速度为3m/s，则物体在1s内一定走3m

B．

物体在某1s内的平均速度是3m/s，则物体在这1s内的位移一定是3m

C．

物体在某段时间内的平均速度是3m/s，则物体在1s内的位移一定是3m

D．

物体在某段位移内的平均速度是3m/s，则物体某1s内的位移不小于3m

4．（4分）（2009•宁波模拟）如图给出的是物体的运动图象，纵坐标v表示速度，横坐标t表示时间，其中哪一个在现实生活中是不可能存在的（　　）

A．

B．

C．

D．

5．（4分）（2006•广东）a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（　　）

A．

a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度

B．

20秒时，a、b两物体相距最远

C．

60秒时，物体a在物体b的前方

D．

40秒时，a、b两物体速度相等，相距200m

6．（4分）如图所示，四个完全相同的弹簧都处于水平位置，它们的右端受到大小皆为F的拉力作用，而左端的情况各不相同：

①中弹簧的左端固定在墙上；

②中弹簧的左端受大小也为F的拉力作用；

③中弹簧的左端拴一小物块，物块在光滑的桌面上滑动；

④中弹簧的左端拴一小物块，物块在有摩擦的桌面上滑动．

若认为弹簧的质量都为零，以l1、l2、l3、l4依次表示四个弹簧的伸长量，则有（　　）

A．

l2＞l1

B．

l4＞l3

C．

l1＞l3

D．

l2=l4

7．（4分）如图所示，A、B两物体的质量分别为mA、mB，且mA＞mB，整个系统处于静止状态．滑轮的质量和一切摩擦均不计，如果绳一端由Q点缓慢地向左移到P点，整个系统重新平衡后，物体A的高度和两滑轮间绳与水平方向的夹角θ变化情况是（　　）

A．

物体A的高度升高，θ角变大

B．

物体A的高度降低，θ角变小

C．

物体A的高度升高，θ角不变

D．

物体A的高度不变，θ角变小

8．（4分）静止在光滑水平面上的物体在水平推力F作用下开始运动，推力随时间的变化如图所示，关于物体在0﹣t1时间内的运动情况，正确的描述是（　　）

A．

物体先做匀加速运动，后做匀减速运动

B．

物体的速度一直增大

C．

物体的速度先增大后减小

D．

物体的加速度一直增大

9．（4分）如图所示，物块A放在倾斜的木板上，木板的倾角α为30°和45°时物块所受摩擦力的大小恰好相等，则物块和木板间的动摩擦因数为（　　）

A．

B．

C．

D．

10．（4分）如图所示，把球夹在竖直墙面AC和木板BC之间，不计摩擦．设球对墙的压力为FN1，球对板的压力为FN2，在将板BC逐渐放至水平的过程中，下列说法中正确的是（　　）

A．

FN1增大，FN2减小

B．

FN1减小，FN2增大

C．

FN1增大，FN2增大

D．

FN1减小，FN2减小

11．（4分）如图所示，光滑水平地面上有质量相等的两物体A、B，中间用劲度系数为k的轻弹簧相连，在外力F1、F2作用下运动，且满足F1＞F2，当系统运动稳定后，弹簧的伸长量为（　　）

A．

B．

C．

D．

12．（4分）如图所示，A、B为竖直墙面上等高的两点，AO、BO为长度相等的两根轻绳，CO为一根轻杆．转轴C在AB中点D的正下方，AOB在同一水平面内．角AOB=120°，角COD=60°．若在O点处悬挂一个质量为m的物体，则平衡后绳AO所受的拉力和杆OC所受的压力分别为（　　）

A．

mg，

B．

mg，

C．

mg，

D．

mg，mg

二.实验题（13题6分.14题8分共14分）

13．（6分）在“探究求合力的方法”的实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套（如图）．实验中需用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O．

（1）某同学在做该实验时认为：

A．拉橡皮条的绳细一些且长一些，实验效果较好

B．拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行

C．实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点

D．拉力F1和F2的夹角越大越好

其中正确的是　_________　（填入相应的字母）．

（2）若两个弹簧秤的读数分为3N、4N，且两弹簧秤拉力方向的夹角为锐角，则　_________　（选填“能”或“不能”）用一个量程为5N的弹簧秤测量出它们的合力，理由　_________　．

14．（8分）光电计时器是一种研究物体运动情况的常见仪器．当有物体从光电门通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间．现利用如图甲所示装置探究物体的加速度与合外力、质量关系，其NQ是水平桌面，PQ是一端带有滑轮的长木板，1、2是固定在木板上的两个光电门（与之连接的两个光电计时器没有画出）．小车上固定着用于挡光的窄片K，测得其宽度为d，让小车从木板的顶端滑下，光电门各自连接的计时器显示窄片K的挡光时间分别为t1和t2．

（1）该实验中，在改变小车的质量M或沙桶的总质量m时，保持M＞＞m，这样做的目的是　_________　；

（2）为了计算小车的加速度，除了测量d、t1和t2之外，还需要测量　_________　，若上述测量量用x表示，则用这些物理量计算加速度的表达式为a=　_________　；

（3）某位同学经测量、计算获得的数据作出了小车加速度与所受合外力的关系图象（图乙），试指出图线不过原点产生误差的主要原因．　_________　．

三、解答题（请将计算与论述过程在试卷的答题卷上书写完整,第15题8分,第16题8分,第17题10分,第18题12分）

15．（8分）A、B两列火车，在同轨道上同向行驶，A车在前，其速度vA=10m/s，B车在后，其速度vB=30m/s．因大雾能见度低，B车在距A车700m时才发现前方有A车，这时B车立即刹车，但B车要经过1800m才能停止．问A车若按原速度前进，两车是否会相撞？

说明理由．

16．（8分）（2002•天津）蹦床是运动员在一张绷紧的弹性网上蹦跳、翻滚并做各种空中动作的运动项目（如图所示）．一个质量为60kg的运动员，从离水平网面3.2m高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面5.0m高处．已知运动员与网接触的时间为1.2s．若把在这段时间内网对运动员的作用力当作恒力处理，求此力的大小．（g=10m/s2）

17．（10分）如图所示，质量M=20kg的木楔ABC静置于粗糙水平地面上，动摩擦因数μ=0.04．在木楔倾角θ=30°的斜面上，有一质量m=1.0kg的物块由静止开始沿斜面下滑．当物块滑行的距离x=2.8m时，它的速度v=2.8m/s，在这一过程中木楔没有动，重力加速度取g=10m/s2，求：

（1）地面对木楔的摩擦力的大小和方向；

（2）地面对木楔的支持力的大小．

18．（12分）如图所示，在倾角θ=30°的固定斜面上，跨过定滑轮的轻绳一端系在小车的前端，另一端被坐在小车上的人拉住，已知人的质量m=60kg，小车的质量M=10kg，绳及滑轮的质量，滑轮与绳间的摩擦均不计，斜面对小车的摩擦阻力为小车总重的0.1倍，斜面足够长，当人以280N的力拉绳时，求：

（1）人与车一起运动的加速度的大小；

（2）人所受的摩擦力的大小和方向；

（3）某时刻人和车沿斜面向上的速度大小为3m/s，此时人松手，则人和车一起滑到最高点时所用的时间．

2012-2013学年安徽省芜湖市无为中学等三校联考高一（上）期末物理试卷

参考答案与试题解析

一.选择题（每小题只有一个选项正确，每小题4分，共48分）

1．（4分）人在沼泽地赤脚行走时，容易下陷，下陷时，下列说法中正确的是（　　）

A．

此人对沼泽地地面的压力大于沼泽地地面对他的支持力

B．

此人对沼泽地地面的压力等于沼泽地地面对他的支持力

C．

此人对沼泽地地面的压力小于沼泽地地面对他的支持力

D．

无法确定

考点：

分析：

人受重力和支持力，重力大于支持力，故人会向下加速运动；沼泽地地面对人的支持力和人对沼泽地地面的压力是相互作用力，二者大小相等．

解答：

解：

人对沼泽地地面的压力和沼泽地地面对人的支持力是作用力与反作用力，故二力一定相等，故B正确．

故选B．

点评：

不管人是加速下降、匀速下降还是减速下降，人对沼泽地地面的支持力和沼泽地地面对人的压力总是等大、反向、共线，与人的运动状态无关．

2．（4分）如图所示，运动员站在水平跳台上，图中F1表示人对跳台的压力，F2表示跳台对人的支持力，则下列说法中正确的是（　　）

A．

F1就是人的重力

B．

F1是由于跳台的形变而产生的

C．

F2是由于跳台的形变而产生的

D．

F1和F2大小相等，方向相反，是一对平衡力

考点：

专题：

弹力的存在及方向的判定专题．

分析：

此题应先对人进行受力分析，并确定哪些是平衡力，哪些是作用力与反作用力．同时抓住弹力的施力物体是发生弹性形变的物体．

解答：

解：

A、F1表示人对跳板的压力，大小等于重力，但是与重力本质上不是同一个力．故A错误．

B、F1是人对跳板的压力，是由于人发生形变，要恢复原状而对跳台产生的力．故B错误．

C、F2表示跳板对人的支持力，是由于跳台的形变，要恢复原状而对人产生的力．故C正确．

D、力F1和力F2是等大，反向，共线，作用于两个物体，是一对作用力和反作用力，故D错误．

故选C．

点评：

本题主要抓住弹力的施力物体是发生弹性形变的物体，要掌握作用力与反作用力与平衡力的区别与联系．

3．（4分）物体沿一条直线运动，下列说法中正确的有（　　）

A．

物体在某时刻的速度为3m/s，则物体在1s内一定走3m

B．

物体在某1s内的平均速度是3m/s，则物体在这1s内的位移一定是3m

C．

物体在某段时间内的平均速度是3m/s，则物体在1s内的位移一定是3m

D．

物体在某段位移内的平均速度是3m/s，则物体某1s内的位移不小于3m

考点：

专题：

直线运动规律专题．

分析：

知道平均速度，根据x=

可以求出这段时间内的位移．但前提是平均速度是所求时间内的平均速度．

解答：

解：

A、物体在某时刻的速度是3m/s，则在1s内的平均速度不一定是3m/s，所以1s内的位移不一定是3m．故A错误．

B、物体在某1s内的平均速度是3m/s，根据x=

知物体在这1s内的位移一定是3m．故B正确．

C、3m/s不一定是1s内的平均速度，所以物体在1s内的位移不一定是3m．故C错误．

D、某段位移内的平均速度是3m/s，但某1s内的平均速度可能大于3m/s，所以位移可能大于3m．故D错误．

故选B．

点评：

解决本题的关键掌握平均速度的定义式

．

4．（4分）（2009•宁波模拟）如图给出的是物体的运动图象，纵坐标v表示速度，横坐标t表示时间，其中哪一个在现实生活中是不可能存在的（　　）

A．

B．

C．

D．

考点：

专题：

运动学中的图像专题．

分析：

分析根据速度图象分析物体的运动情况，判断在现实生活中是否可能存在的．图象的截距、斜率、面积及交点的意义常为解题的关键

解答：

解：

A、根据图象知道，物体先做加速度减小加速运动，再做加速度增大的减速运动，在现实生活中是可能存在的．故A错误．

B、根据图象知，同一时刻物体有了两个对应的速度，出现时光倒流的现象，这是不可能存在的．故B正确．

C、根据图象知道，物体的速度作周期性变化，是可能存在的．故C错误．

D、根据图象知道，物体做加速度减小的减速运动，是可能存在的．故D错误．

故选B

点评：

图象题历来为考试热点，对于运动学图象应注意明确图象的性质．

5．（4分）（2006•广东）a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（　　）

A．

a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度

B．

20秒时，a、b两物体相距最远

C．

60秒时，物体a在物体b的前方

D．

40秒时，a、b两物体速度相等，相距200m

考点：

分析：

v﹣t图象中，图象的斜率表示加速度；图线和时间轴所夹图形的面积表示物体位移；当两物体的速度相等时，其距离最大．

解答：

解：

A、由图象可以看出，物体a在加速时，速度图象的斜率小于物体b加速时的图象斜率，故加速时，物体b的加速度要大，选项A错误；

B、在40秒时，a、b两物体的速度相等，此时两物体的相距最远，故选项B错误；

C：

在60秒时，经计算，物体a的位移是：

Sa=2100m，物体b的位移是：

Sb=1600m，Sa＞Sb，所以物体a在物体b的方，故选项C正确；

D：

在40秒时，经计算，物体a的位移是：

Sa=1300m，物体b的位移是：

Sb=400m，Sa﹣Sb=900m，故选项D错误．

故选：

C．

点评：

利用图象解题是高中学生必须掌握的方法之一，尤其是速度﹣时间图象．在分析速度﹣时间图象时，有的同学往往错误的认为图线交时相遇，而此时却是距离最大的时刻．在解决追击与相遇问题时，常常应用图象进行分析．

6．（4分）如图所示，四个完全相同的弹簧都处于水平位置，它们的右端受到大小皆为F的拉力作用，而左端的情况各不相同：

①中弹簧的左端固定在墙上；

②中弹簧的左端受大小也为F的拉力作用；

③中弹簧的左端拴一小物块，物块在光滑的桌面上滑动；

④中弹簧的左端拴一小物块，物块在有摩擦的桌面上滑动．

若认为弹簧的质量都为零，以l1、l2、l3、l4依次表示四个弹簧的伸长量，则有（　　）

A．

l2＞l1

B．

l4＞l3

C．

l1＞l3

D．

l2=l4

考点：

分析：

弹力是物体发生弹性形变时，对与它接触的物体产生的力；弹簧受到的弹力与其伸长量（弹簧实际长度与原长之间的差值）成正比；测力计的示数代表的是作用在测力计挂钩上的力．

解答：

解：

弹簧受到的拉力与其伸长量（弹簧实际长度与原长之间的差值）成正比；且测力计的示数代表的是作用在测力计挂钩上的力；由于右端受到大小皆为F，与左端的受力情况无关；故四根弹簧的伸长量相同，即l1=l2=l3=l4；故ABC错误，D正确；

故选：

D．

点评：

弹簧的伸长量取决于作用在弹簧上的力的大小，作用在挂钩上的力都是F，则伸长量相同．

A．

物体A的高度升高，θ角变大

B．

物体A的高度降低，θ角变小

C．

物体A的高度升高，θ角不变

D．

物体A的高度不变，θ角变小

考点：

专题：

共点力作用下物体平衡专题．

分析：

根据滑轮不省力的特点可知，整个系统重新平衡后，滑轮两侧的绳子拉力大小F等于物体A的重力不变，B物体对滑轮的拉力也不变．根据平衡条件分析两滑轮间绳子的夹角，再研究θ的变化情况．

解答：

解：

原来整个系统处于静止状态，绳的拉力等于A物体的重力，B物体对滑轮的拉力等于B物体的重力．将绳一端由Q点缓慢地向左移到P点，整个系统重新平衡后，绳的拉力F仍等于A物体的重力，B物体对滑轮的拉力仍等于B物体的重力，都没有变化，即滑轮所受的三个拉力都不变，则根据平衡条件可知，两绳之间的夹角也没有变化，则θ角不变，滑轮将下降，物体A的高度升高．

故选C

点评：

本题关键抓住平衡后滑轮所受的三个拉力大小都不变．对于动滑轮，平衡时两侧绳子的拉力关于竖直方向具有对称性．

A．

物体先做匀加速运动，后做匀减速运动

B．

物体的速度一直增大

C．

物体的速度先增大后减小

D．

物体的加速度一直增大

考点：

专题：

运动学中的图像专题．

分析：

物体在图示的力作用下，先做加速度增大的变加速直线运动，后做加速度减小的变加速直线运动．速度一直增大．

解答：

解：

A、由题可知：

物体的合力等于推力F，方向始终沿正方向，根据牛顿第二定律分析可知：

物体先从静止开始做加速直线运动，推力F减小时，其方向仍与速度相同，继续做加速直线运动，故A错误．

B、C由上分析：

物体一直做加速运动，速度一直增大．故B正确，C错误．

D、物体的合力等于推力F，推力先增大后减小，根据牛顿第二定律得知：

加速度先增大，后加速度减小．故D错误．

故选B

点评：

本题考查运用牛顿第二定律分析物体的受力情况分析运动情况的能力．要注意加速度减小，速度不一定减小．

9．（4分）如图所示，物块A放在倾斜的木板上，木板的倾角α为30°和45°时物块所受摩擦力的大小恰好相等，则物块和木板间的动摩擦因数为（　　）

A．

B．

C．

D．

考点：

专题：

摩擦力专题．

分析：

木板的倾角不同而物块所受摩擦力的大小却恰好相同，则可得它们一个静摩擦力，另一个是滑动摩擦力．由静止可列出平衡方程，求出静摩擦力大小与重力的关系；再由运动可由滑动摩擦力的公式，求出滑动摩擦大小与重力的关系，从而算出物块与木板间的动摩擦因数．

解答：

解：

当木板倾角是30°时，物块受到是静摩擦力，其大小等于mgsin30°．

当木板倾角是45°时，物块受到是滑动摩擦力，其大小等于μmgcos45°．

由题意可得：

μmgcos45°=mgsin30°

解之得：

μ=

故选：

点评：

求摩擦力的大小时，先区别是静摩擦还是滑动摩擦，然后再选择求大小的方法．若是静摩擦力则利用平衡来求出静摩擦力的大小，若是滑动摩擦力则是利用滑动摩擦力与正压力成正比来计算出大小．

A．

FN1增大，FN2减小

B．

FN1减小，FN2增大

C．

FN1增大，FN2增大

D．

FN1减小，FN2减小

考点：

专题：

共点力作用下物体平衡专题．

分析：

以小球为研究对象，分析受力，作出力图，由平衡条件得到墙和板对小球的支持力与板跟墙间夹角的关系式，由数学知识分析两个支持力的变化，即可由牛顿第三定律分析球对墙的压力FN1和球对板的压力为FN2的变化．

解答：

解：

以小球为研究对象，分析受力：

小球受到重力mg、墙对小球的支持力FN1′和板对球的支持力FN2′．设板与墙间的夹角为α．

根据平衡条件得知：

FN1′板对球的支持力FN2′的合力与mg大小相等、方向相反，则由图可得：

FN1′=mgcotα，FN2′=

在将板BC逐渐放至水平的过程中，α增大，cotα减小，sinα增大，则知FN1′减小，FN2′减小，根据牛顿第三定律得知FN1减小，FN2减小．

故D正确．ABC错误．

故选D

点评：

本题的解题关键是根据平衡条件得到两个压力的解析式，再分析其变化情况．也可以运用图解法直观反映出力的变化．

A．

B．

C．

D．

考点：

专题：

牛顿运动定律综合专题．

分析：

对整体分析，根据牛顿第二定律求出加速度的大小，隔离对A分析，通过牛顿第二定律和胡克定律求出弹簧的伸长量．

解答：

解：

对整体分析，根据牛顿第二定律得，a=

．

隔离对A分析，有F1﹣F弹=ma，解得弹簧弹力

．

根据胡克定律得，弹簧的伸长量x=

．故B正确，A、C、D错误．

故选B．

点评：

解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用．

A．

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