完整word版平抛运动常见题型考点分类总结.docx
《完整word版平抛运动常见题型考点分类总结.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《完整word版平抛运动常见题型考点分类总结.docx（13页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。
完整word版平抛运动常见题型考点分类总结
平抛运动小结
（一）平抛运动的基础知识
1.定义：
水平抛出的物体只在重力作用下的运动。
2.
平抛运动是一个同时经历水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动的合运动。
特点：
（1）
平抛运动在竖直方向上是自由落体运动，加速度a=g恒定，所以竖直方向上在相等的时
间内相邻的位移的高度之比为s1：
s2：
s^1：
3:
5…竖直方向上在相等的时间内相邻的位移之差是
_2
—个恒量S|||—S||=S||—sI=gT。
®）方向和位移方向（与水平方
（4）在同一时刻，平抛运动的速度（与水平方向之间的夹角为
向之间的夹角是9）是不相同的，其关系式tanW=2tan0（即任意一点的速度延长线必交于此时物体位移的水平分量的中点）。
3.
描绘平抛运动的物理量有v
平抛运动的规律
0、Vy、v、X、y、S、弟、t,已知这八个物理量中的任意两个,
可以求出其它六个。
运动分类
加速度
速度
位移
轨迹
分运动
X方向
0
V0
X=Vet
直线
y方向
g
gt
y=如2
直线
合运动
大小
g
抛物线
&+（gt）2
{（v0t）2+（2gt2）2
与X方向的夹角
90。
tan®=丛
V0
tanQ=-gt-
2V0
（二）平抛运动的常见问题及求解思路
关于平抛运动的问题，有直接运用平抛运动的特点、规律的问题，有平抛运动与圆周运动组合的问题、有平抛运动与天体运动组合的问题、有平抛运动与电场（包括一些复合场）组合的问题等。
本文主要讨论直接运用平抛运动的特点和规律来求解的问题，即有关平抛运动的常见问题。
1.从同时经历两个运动的角度求平抛运动的水平速度
求出速度。
要在A处越过X=5m的壕沟，沟面对面比A
求解一个平抛运动的水平速度的时候，我们首先想到的方法，就应该是从竖直方向上的自由落体运动中求出时间，然后，根据水平方向做匀速直线运动，［例1］如图1所示，某人骑摩托车在水平道路上行驶，处低h=1.25m，摩托车的速度至少要有多大？
解析：
在竖直方向上，摩托车越过壕沟经历的时间
在水平方向上，摩托车能越过壕沟的速度至少为
V0=△=旦m/s=10m/s
t0.5
2.从分解速度的角度进行解题
对于一个做平抛运动的物体来说，如果知道了某一时刻的速度方向，则我们常常是“从分解速度”的角度来研究问题。
［例2］如图2甲所示，以9.8m/s的初速度水平抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角日为30。
的斜面上。
可知物体完成这段飞行的时间是（
A.一S
3
2屁
B.S
3
D.2s
Vo
戶VxVy‘Vt
30°
解析：
先将物体的末速度
Vt分解为水平分速度
Vx和竖直分速度Vy（如图2乙所示）。
根据平
抛运动的分解可知物体水平方向的初速度是始终不变的,
所以Vx=V0；又因为Vt与斜面垂直、Vy与
水平面垂直，所以Vt与Vy间的夹角等于斜面的倾角日。
再根据平抛运动的分解可知物体在竖直方向
做自由落体运动，那么我们根据
Vy=gt就可以求出时间t了。
贝ytan日=
Vy
所以Vy=
Vx
tan日tan30°
=98m/s=9.8J3m/S，根据平抛运动竖直方向是自由落体运动
1
Vy
可以写出：
Vy=gt，所以t=丄
g
二警"s，所以答案为C。
3.从分解位移的角度进行解题
对于一个做平抛运动的物体来说，如果知道了某一时刻的位移方向（如物体从已知倾角的斜面上水平抛出，这个倾角也等于位移与水平方向之间的夹角），则我们可以把位移分解成水平方向和竖直方向，然后运用平抛运动的运动规律来进行研究问题（这种方法，暂且叫做“分解位移法”）
［例3］在倾角为a的斜面上的P点，以水平速度V0向斜面下方抛出一个物体，落在斜面上的Q点,
证明落在Q点物体速度V=Voj1+4tan2a。
水平方向上s
小球A和B,两侧斜坡的倾角分别为37°和53。
，小球均落在坡面上，若不计空气阻力，则A和B
两小球的运动时间之比为多少？
4.从竖直方向是自由落体运动的角度出发求解
在研究平抛运动的实验中，由于实验的不规范，有许多同学作出的平抛运动的轨迹，常常不能直接找到运动的起点（这种轨迹，我们暂且叫做“残缺轨迹”），这给求平抛运动的初速度带来了很大的困难。
为此，我们可以运用竖直方向是自由落体的规律来进行分析。
［例5］某一平抛的部分轨迹如图4所示，已知Xi=X2=a，yi=b，丫2=c，求Vo。
IX1IX2Ir-十T
yi
--+-H
AlII
一一+-T-
IBlI
y2
__丄__L_J.
IICl
解析：
A与B、B与C的水平距离相等，且平抛运动的水平方向是匀速直线运动，可设A到B、
B到C的时间为T,贝yxi=X2=V0T，又竖直方向是自由落体运动,
代入已知量，联立可得：
T=JU?
Vg
5.从平抛运动的轨迹入手求解问题
［例6］从高为H的A点平抛一物体，其水平射程为2s，在A点正上方高为2H的B点，向同一方向平抛另一物体，其水平射程为S。
两物体轨迹在同一竖直平面内且都恰好从同一屏的顶端擦过，
求屏的高度。
解析：
本题如果用常规的“分解运动法”比较麻烦，如果我们换一个角度，即从运动轨迹入手进行思考和分析，问题的求解会很容易，如图5所示，物体从A、B两点抛出后的运动的轨迹都是
顶点在y轴上的抛物线，即可设A、B两方程分别为
y=ax2+bx+c，y=aX2+bX+c'
y=-是x2+H
4s
k一孕x2+2H
Is
则把顶点坐标A（0,H）、B（0,2H）、E（2S,0）、F（s,0）分别代入可得方程组
，这个方程组的解的纵坐标y='6H，即为屏的高。
7
6.灵活分解求解平抛运动的最值问题［例7］如图6所示，在倾角为0的斜面上以速度Vo水平抛出一小球，该斜面足够长，则从抛出开始计时，经过多长时间小球离开斜面的距离的达到最大，最大距离为多少?
解析：
将平抛运动分解为沿斜面向下和垂直斜面向上的分运动，虽然分运动比较复杂一些，但易将物体离斜面距离达到最大的物理本质凸显出来。
取沿斜面向下为X轴的正方向，垂直斜面向上为y轴的正方向，如图6所示，在y轴上，小球做初速度为v0sinQ、加速度为-geos日的匀变速直线运动，所以有
22
Vy-（voSin0）=—2gycos日①
Vy-Vosin0=-gcoset②
当Vy=0时，小球在y轴上运动到最高点，即小球离开斜面的距离达到最大。
由①式可得小球离开斜面的最大距离H=y=（V0sin日）
2gcos日
当Vy=0时，小球在y轴上运动到最高点，它所用的时间就是小球从抛出运动到离开斜面最大
距离的时间。
由②式可得小球运动的时间为t^^tan日
g
7.利用平抛运动的推论求解
Vi和V2，初速度方向
推论1:
任意时刻的两个分速度与合速度构成一个矢量直角三角形。
［例8］从空中同一点沿水平方向同时抛出两个小球，它们的初速度大小分别为
相反，求经过多长时间两小球速度之间的夹角为90°?
Viy
V2y
解析：
设两小球抛出后经过时间t,它们速度之间的夹角为90°,与竖直方向的夹角分别为a和
P，对两小球分别构建速度矢量直角三角形如图7所示，由图可得cot。
='gt和tanP=—
V1gt
推论2:
任意时刻的两个分位移与合位移构成一个矢量直角三角形推论3:
平抛运动的末速度的反向延长线交平抛运动水平位移的中点。
延长线与水平分位移的交点。
根据平抛运动规律有
该式表明平抛运动的末速度的反向延长线交平抛运动水平位移的中点。
图10
图11
解析：
当质点做平抛运动的末速度方向平行于斜面时，质点距斜面的距离最远，此时末速度的
方向与初速度方向成9角。
如图12所示，图中A为末速度的反向延长线与水平位移的交点，AB即
X
由上述推论3知OA=-，据图9中几何关系得AB=AOsin日2
—V2tan日sin日
由以上各式解得AB=，即质点距斜面的最远距离为
VtanQsinQ
2g
2g
A
0
B'V
图12
推论4:
平抛运动的物体经时间t后，其速度vt与水平方向的夹角为a，位移s与水平方向的夹
角为P，则有tana=2tanP
证明：
如图13，设平抛运动的初速度为Vo，经时间t后到达A点的水平位移为x、速度为Vt，
如图所示，根据平抛运动规律和几何关系:
在速度三角形中tanCt=—=型，在位移三角形中tanP
VoVo
_gt2gt
2Vot2vo
由上面两式可得tana=2tanP
x
--
p
s-
1
..1
A
1
1
|vo
vy
Vt
O
y
图13
［例11］一质量为m的小物体从倾角为30。
的斜面顶点B点时的动能为35J，试求小物体抛出时的初动能为多大?
A水平抛出，落在斜面上B点，若物体到达（不计运动过程中的空气阻力）
Vo
VoB
raf
VtVy
图14
解析：
由题意作出图14,根据推论4可得，tana=2tanP=2tan30°，所以tan。
=2—
3
3V19
由三角知识可得cosG=—了=，又因为Vt=——，所以初动能=—mv：
=—EkB=15J
721cosa221
Vo
［例12］如图15所示，从倾角为8斜面足够长的顶点A，先后将同一小球以不同的初速度水平向右
抛出，第一次初速度为V1，球落到斜面上前一瞬间的速度方向与斜面的夹角为«1，第二次初速度V2,
球落在斜面上前一瞬间的速度方向与斜面间的夹角为
口2，若V2>V1，试比较a1和Ct2的大小。
解析：
根据上述关系式结合图中的几何关系可得
图15
tan（a+0）=2tanQ
所以a=arctan（2tan£）-0
此式表明a仅与0有关，而与初速度无关，因此
5=02，即以不同初速度平抛的物体落在斜
面上各点的速度方向是互相平行的。
推论5:
平抛运动的物体经时间t后，位移S与水平方向的夹角为
P，则此时的动能与初动能的
关系为Ekt=Ek0（1+4tan2P）
证明：
设质量为m的小球以Vo的水平初速度从A点抛出，经时间
t到达B点，其速度Vt与水
平方向的夹角为a，根据平抛运动规律可作出位移和速度的合成图，如图
16所示。
16中看出
由上面推论4可知tana=2tanP，从图
Vy=v0tana
=2v0tanP
小球到达B点的速度为vt=Jv：
+vy=v0（1+4tan2P
所以B点的动能为EkB
=-mv2=-mv2（VH4tan2P）=Ek0（1+4tan2P）
22
9J。
当
［例13］如图17所示，从倾角为30。
的斜面顶端平抛一个物体，阻力不计，物体的初动能为物体与斜面距离最远时，重力势能减少了多少焦耳？
A
_v0
■'B
—V0
“vt
0
图17
解析：
当物体做平抛运动的末速度方向
升级会员 