高考数学浙江专版一轮复习第10章 7 第7讲 n次独立重复试验与二项分布分层演练直击高考数学.docx
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高考数学浙江专版一轮复习第10章7第7讲n次独立重复试验与二项分布分层演练直击高考数学
[学生用书P343（单独成册）]）
1．（2018·东北四市高考模拟）将一枚质地均匀的硬币连续抛掷n次，事件“至少有一次正面向上”的概率为P，则n的最小值为（ ）
A．4 B．5
C．6D．7
解析：
选A.由题意得P＝1－≥，则≤，所以n≥4，故n的最小值为4.
2．投掷一枚均匀硬币和一枚均匀骰子各一次，记“硬币正面向上”为事件A，“骰子向上的点数是3”为事件B，则事件A，B中至少有一个发生的概率是（ ）
A.B．
C.D.
解析：
选C.依题意，得P（A）＝，P（B）＝，且事件A，B相互独立，则事件A，B中至少有一个发生的概率为1－P（·）＝1－P（）·P（）＝1－×＝，故选C.
3．（2018·绍兴调研）设随机变量X～B（2，p），Y～B（4，p），若P（X≥1）＝，则P（Y≥2）的值为（ ）
A.B．
C.D.
解析：
选B.因为随机变量X～B（2，p），Y～B（4，p），又P（X≥1）＝1－P（X＝0）＝1－（1－p）2＝，解得p＝，所以Y～B，则P（Y≥2）＝1－P（Y＝0）－P（Y＝1）＝.
4．（2018·杭州七校联考）如果X～B，则使P（X＝k）取最大值的k值为（ ）
A．3B．4
C．5D．3或4
解析：
选D.观察选项，采用特殊值法．
因为P（X＝3）＝C，
P（X＝4）＝C，
P（X＝5）＝C，
经比较，P（X＝3）＝P（X＝4）＞P（X＝5），
故使P（X＝k）取最大值时k＝3或4.
5．某单位为绿化环境，移栽了甲、乙两种大树各2棵．设甲、乙两种大树移栽的成活率分别为和，且每棵大树是否成活互不影响，则移栽的4棵大树中至少有1棵成活的概率是（ ）
A.B．
C.D.
解析：
选D.设Ak表示第k棵甲种大树成活，k＝1，2；Bl表示第l棵乙种大树成活，l＝1，2，则A1，A2，B1，B2相互独立，且P（A1）＝P（A2）＝，P（B1）＝P（B2）＝，则至少有1棵大树成活的概率为1－P（1·2·1·2）＝1－P
（1）·P
（2）·P
（1）·P
（2）＝1－×＝.
6．某个电路开关闭合后会出现红灯或绿灯闪烁，已知开关第一次闭合后出现红灯的概率为，两次闭合后都出现红灯的概率为，则在第一次闭合后出现红灯的条件下第二次闭合后出现红灯的概率为（ ）
A.B．
C.D.
解析：
选C.设“开关第一次闭合后出现红灯”为事件A，“第二次闭合后出现红灯”为事件B，则由题意可得P（A）＝，P（AB）＝，则在第一次闭合后出现红灯的条件下第二次闭合出现红灯的概率是P（B|A）＝＝＝.故选C.
7．有一批种子的发芽率为0.9，出芽后的幼苗的成活率为0.8，在这批种子中，随机抽取一粒，则这粒种子能成长为幼苗的概率为________．
解析：
设种子发芽为事件A，种子成长为幼苗为事件B（发芽又成活为幼苗）．
依题意P（B|A）＝0.8，P（A）＝0.9.
根据条件概率公式P（AB）＝P（B|A）·P（A）＝0.8×0.9＝0.72，即这粒种子能成长为幼苗的概率为0.72.
答案：
0.72
8．如图所示的电路有a，b，c三个开关，每个开关开和关的概率都是，且是相互独立的，则灯泡甲亮的概率为________．
解析：
设“a闭合”为事件A，“b闭合”为事件B，“c闭合”为事件C，则甲灯亮应为事件AC，且A，，C之间彼此独立，P（A）＝P（）＝P（C）＝.
所以P（AC）＝P（A）P（）P（C）＝.
答案：
9．（2018·广西三市第一次联考）某机械研究所对新研发的某批次机械元件进行寿命追踪调查，随机抽查的200个机械元件情况如下：
使用时
间/天
10～20
21～30
31～40
41～50
51～60
个数
10
40
80
50
20
若以频率为概率，现从该批次机械元件中随机抽取3个，则至少有2个元件的使用寿命在30天以上的概率为____________．
解析：
由表可知元件使用寿命在30天以上的频率为＝，则所求概率为C×＋＝.
答案：
10．某大厦的一部电梯从底层出发后只能在第18，19，20层停靠，若该电梯在底层有5个乘客，且每位乘客在这三层的每一层下电梯的概率都为，用X表示5位乘客在第20层下电梯的人数，则P（X＝4）＝________．
解析：
考察一位乘客是否在第20层下电梯为一次试验，这是5次独立重复试验，故X～B，即有P（X＝k）＝C×，k＝0，1，2，3，4，5.
故P（X＝4）＝C×＝.
答案：
11．小王在某社交网络的朋友圈中，向在线的甲、乙、丙随机发放红包，每次发放1个．
（1）若小王发放5元的红包2个，求甲恰得1个的概率；
（2）若小王发放3个红包，其中5元的2个，10元的1个．记乙所得红包的总钱数为X，求X的分布列．
解：
（1）设“甲恰得1个红包”为事件A，
则P（A）＝C××＝.
（2）X的所有可能取值为0，5，10，15，20.
P（X＝0）＝＝，
P（X＝5）＝C××＝，
P（X＝10）＝×＋×＝，
P（X＝15）＝C××＝，
P（X＝20）＝＝.
X的分布列为
X
0
5
10
15
20
P
12.已知某种动物服用某种药物一次后当天出现A症状的概率为.某小组为了研究连续服用该药物后出现A症状的情况，进行了药物试验．试验设计为每天用药一次，连续用药四天为一个用药周期．假设每次用药后当天是否出现A症状与上次用药无关．
（1）若出现A症状，则立即停止试验，求试验至多持续一个用药周期的概率；
（2）若在一个用药周期内出现3次或4次A症状，则在这个用药周期结束后终止试验．若试验至多持续两个周期，设药物试验持续的用药周期为η，求η的分布列．
解：
（1）法一：
记试验持续i天为事件Ai，i＝1，2，3，4，试验至多持续一个周期为事件B，
易知P（A1）＝，P（A2）＝×，P（A3）＝×，P（A4）＝×，
则P（B）＝P（A1）＋P（A2）＋P（A3）＋P（A4）＝.
法二：
记试验至多持续一个周期为事件B，则为试验持续超过一个周期，
易知P（）＝＝，
所以P（B）＝1－＝.
（2）随机变量η的所有可能取值为1，2，
P（η＝1）＝C·＋＝，
P（η＝2）＝1－＝，
所以η的分布列为
η
1
2
P
1．某商场举行有奖促销活动，顾客购买一定金额的商品后即可抽奖，每次抽奖都是从装有4个红球、6个白球的甲箱和装有5个红球、5个白球的乙箱中，各随机摸出1个球，在摸出的2个球中，若都是红球，则获一等奖；若只有1个红球，则获二等奖；若没有红球，则不获奖．
（1）求顾客抽奖1次能获奖的概率；
（2）若某顾客有3次抽奖机会，记该顾客在3次抽奖中获一等奖的次数为X，求X的分布列．
解：
（1）记事件A1＝{从甲箱中摸出的1个球是红球}，
A2＝{从乙箱中摸出的1个球是红球}，
B1＝{顾客抽奖1次获一等奖}，B2＝{顾客抽奖1次获二等奖}，C＝{顾客抽奖1次能获奖}．
由题意知A1与A2相互独立，A12与1A2互斥，B1与B2互斥，且B1＝A1A2，B2＝A12＋
1A2，C＝B1＋B2.
因为P（A1）＝＝，P（A2）＝＝，
所以P（B1）＝P（A1A2）＝P（A1）P（A2）＝×＝，
P（B2）＝P（A12＋1A2）＝P（A12）＋P（1A2）
＝P（A1）P
（2）＋P
（1）P（A2）
＝P（A1）（1－P（A2））＋（1－P（A1））P（A2）
＝×＋×＝.
故所求概率为P（C）＝P（B1＋B2）＝P（B1）＋P（B2）＝＋＝.
（2）顾客抽奖3次可视为3次独立重复试验，由
（1）知，顾客抽奖1次获一等奖的概率为，所以X～B.
于是P（X＝0）＝C＝，
P（X＝1）＝C＝，
P（X＝2）＝C＝，
P（X＝3）＝C＝.
故X的分布列为
X
0
1
2
3
P
2.（2018·杭州学军中学高三月考）某校课改实行选修走班制，现有甲，乙，丙，丁四位学生准备选修物理，化学，生物三个科目．每位学生只选修一个科目，且选修其中任何一个科目是等可能的．
（1）求恰有2人选修物理的概率；
（2）求学生选修科目个数ξ的分布列．
解：
（1）这是等可能性事件的概率计算问题．
法一：
所有可能的选修方式有34种，
恰有2人选修物理的方式C·22种，
从而恰有2人选修物理的概率为＝.
法二：
设每位学生选修为一次试验，这是4次独立重复试验．
记“选修物理”为事件A，则P（A）＝，从而，
由独立重复试验中事件A恰发生k次的概率计算公式知，恰有2人选修物理的概率为
P＝C＝.
（2）ξ的所有可能值为1，2，3，
P（ξ＝1）＝＝；P（ξ＝2）＝＝；
P（ξ＝3）＝＝；
综上知，ξ的分布列为
ξ
1
2
3
P
3.现有4个人去参加春节联欢活动，该活动有甲、乙两个项目可供参加者选择，为增加趣味性，约定：
每个人通过掷一枚质地均匀的骰子决定自己去参加哪个项目联欢，掷出点数为1或2的人去参加甲项目联欢，掷出点数大于2的人去参加乙项目联欢．
（1）求这4个人中恰好有2人去参加甲项目联欢的概率；
（2）求这4个人中去参加甲项目联欢的人数大于去参加乙项目联欢的人数的概率；
（3）用X，Y分别表示这4个人中去参加甲、乙项目联欢的人数，记ξ＝|X－Y|，求随机变量ξ的分布列．
解：
依题意，这4个人中，每个人去参加甲项目联欢的概率为，去参加乙项目联欢的概率为.
设“这4个人中恰有i人去参加甲项目联欢”为事件Ai（i＝0，1，2，3，4），
则P（Ai）＝C·.
（1）这4个人中恰好有2人去参加甲项目联欢的概率P（A2）＝C＝.
（2）设“这4个人中去参加甲项目联欢的人数大于去参加乙项目联欢的人数”为事件B，则B＝A3∪A4.
故P（B）＝P（A3）＋P（A4）＝C＋C＝.
所以，这4个人中去参加甲项目联欢的人数大于去参加乙项目联欢的人数的概率为.
（3）ξ的所有可能取值为0，2，4.
P（ξ＝0）＝P（A2）＝，P（ξ＝2）＝P（A1）＋P（A3）＝，
P（ξ＝4）＝P（A0）＋P（A4）＝.
所以ξ的分布列为
ξ
0
2
4
P
4.（2018·武汉调研）某次飞镖比赛中，规定每人至多发射三镖．在M处每射中一镖得3分，在N处每射中一镖得2分，如果前两次得分之和超过3分即停止发射，否则发射第三镖．某选手在M处的命中率q1＝0.25，在N处的命中率为q2.该选手选择先在M处发射一镖，以后都在N处发射，用X表示该选手比赛结束后所得的总分，其分布列为
X
0
2
3
4
5
P
0.03
P1
P2
P3
P4
（1）求随机变量X的分布列；
（2）试比较该选手选择上述方式发射飞镖得分超过3分的概率与选择都在N处发射飞镖得分超过3分的概率的大小．
解：
（1）设该选手在M处射中为事件A，在N处射中为事件B，则事件A，B相互独立，且P（A）＝0.25，P（）＝0.75，P（B）＝q2，P（）＝1－q2.
根据分布列知：
当X＝0时，
P（）＝P（）P（）P（）＝0.75（1－q2）2＝0.03，
所以1－q2＝0.2，q2＝0.8.
当X＝2时，P1＝P（B＋B）＝P（）P（B）P（）＋P（）P（）P（B）＝0.75q2（1－q2）×2＝0.24，
当X＝3时，P2＝P（A）＝P（A）P（）P（）＝0.25（1－q2）2＝0.01，当X＝4时，
P3＝P（BB）＝P（）P（B）P（B）＝0.75q＝0.48，
当X＝5时，P4＝P（AB＋AB）＝P（AB）＋P（AB）
＝P（A）P（）P（B）＋P（A）P（B）
＝0.25q2（1－q2）＋0.25q2＝0.24.
所以随机变量X的分布列为
X
0
2
3
4
5
P
0.03
0.24
0.01
0.48
0.24
（2）该选手选择上述方式发射飞镖得分超过3分的概率为0.48＋0.24＝0.72.
该选手选择都在N处发射飞镖得分超过3分的概率为
P（BB＋BB＋BB）＝P（BB）＋P（BB）＋P（BB）
＝2（1－q2）q＋q＝0.896.
所以该选手选择都在N处发射飞镖得分超过3分的概率大．
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