省级联考安徽省届九年级下学期中考一模物理试题.docx

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省级联考安徽省届九年级下学期中考一模物理试题

【省级联考】安徽省2019届九年级下学期中考一模物理试题

学校:

___________姓名：

___________班级：

___________考号：

___________

一、填空题

1．工匠用钢铁打制刀具时，有一个重要流程叫”淬火”，把刚打制成型的刀具放到炉火中充分煅烧然后将其迅速放入水中骤冷，水面上方升腾起大量白气。

在放入冷水的过程中，刀具的内能_____（选填“增大”减小”或“不变”），水面上方的白气是经过_____（填写物态变化名称）形成的。

2．学校的操场上挂着扬声器（喇叭），通过话筒和扬声器等的共同作用可以改变说话者发出声音的______（选填乐音的三要素）。

如图是扬声器的构造示意图，它主要由固定的永久磁体、线圈和锥形纸盆构成。

当线圈中通有随声音变化的电流时，_____，从而带动纸盆也来回振动，于是扬声器就发出了声音。

3．与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为在摩擦过程中，玻璃棒_____。

（选填“失去电子”“得到电子”“失去质子”或“得到质子”）

4．随着生活水平的提高，扫地机器人逐步进入普通家庭（如图），机器人吸尘的工作原理是电机转动时使内部气体流速变大，压强_____（选填“变大”或“变小”），从而使杂物进入吸尘器。

5．小强走路时被石头绊了一下，身体向前倾倒。

对此情景合理的解释是：

小强原来相对于地面是运动的，当他被石头绊住时，他的_____（选填“脚“或“上身”）由于惯性仍保持原来的运动状态，人向前倾倒。

6．如图所示，让一条形磁铁由静止释放，当磁铁穿过线圈时，线圈中有电流产生，不计空气阻力，则条形磁铁在下落过程中机械能_____（选填“减小”、“不变”或“增加”）

7．如图所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器最大阻值为20Ω，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移到a端时，电流表的示数为0.75A，此时电阻R两端电压为_____V，当滑动变阻器的滑片P移到b端时，电流表的示数为1.25A，则电阻R的阻值为_____Ω。

8．某同学用力沿水平方向推一个重为500N的木箱，使它在水平地面上匀速前进，如果木箱受到的摩擦力是200N，那么人的推力是_____N。

9．小明家有一只电暖器，上面标有“220V110W”字样。

当电暖器正常工作时，通过电热丝的电流是_____A

二、作图题

10．如图所示的水杯，在一个最小外力作用下所处于静止状态，作出此最小力的示意图．

（_____）

三、单选题

11．2021年11月19日，西昌卫星发射中心成功发射了第四十二、四十三颗北斗导航卫星，北斗三号基本系统星座部署圆满完成，中国北斗定位将能精确到几厘米．发射卫星的火箭常使用液态氢作为燃料，主要是因为液态氢具有

A．较低的凝固点B．较低的沸点

C．较大的比热容D．较大的热值

12．如图表示体重大致相同的滑雪者和步行者在雪地里行走的情景，为了探究他们对雪地压力的作用效果，现利用海绵、小桌、砝码进行模拟研究，应选择图中的哪几种情形（）

A．甲与乙

B．乙与丙

C．甲与丙

D．以上都不对

13．在探究蹄形磁体周围磁场的实验中，老师将玻璃板平放在磁体上，并均匀地撒上一层铁屑，轻敲玻璃板，铁屑就会有序地排列起来，如图．对实验中有关现象的分析不正确的是（　　）

A．撒铁屑的目的是将原来不存在的磁场显示出来

B．铁屑在磁场中被磁化成一个个小磁体

C．轻敲玻璃板，铁屑由于具有惯性会与玻璃板分离

D．轻敲玻璃板，铁屑与玻璃板分离后，不受摩擦力，铁屑在磁力作用下排列有序

14．如图所示，演员正在进行杂技表演．由图可以估算出他将一只鸡蛋抛出的过程中对鸡蛋所做的功最接近于

A．0.3JB．3JC．30JD．300J

15．小明同学在“探究串联电压规律”的实验中，按如图所示的电路图连接实物，闭合开关，发现灯L1和L2都不亮，排除接触不良的因素后，小明用电压表逐一与元件并联，以查找故障。

测量得出Uab=0；Ubc=0；Ucd=6V；如果电路只有一处故障，则故障可能为

（　　）

A．L1断路

B．L1短路

C．L2断路

D．L2短路

16．现有L1“6V3W”和L2“6V9W”两只小灯泡，若将两灯串联接人电源电压为12V的电路中，假设灯泡电阻不变．下列说法正确的是

A．两灯均能正常发光B．两灯的额定电流相同

C．灯L1可能被烧毁D．灯L2可能被烧毁

四、多选题

17．如图甲所示，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，滑动变阻器的滑片从一端移动到另一端的过程中，电压表和电流表的示数与R的关系分别如图乙、丙所示．下列说法正确的是（　　）

A．电源电压为6V

B．滑动变阻器R的最大阻值是20Ω

C．R0的最小电功率为0.4W

D．当滑片P置于中点时，R的电功率为0.8W

五、实验题

18．小明同学在做“探究凸透镜成像规律”的实验中，先用焦距20cm的凸透镜进行实验。

（1）如图在光屏得到的是清晰_____的实像。

（选填“放大”“缩小”或“等大”）

（2）他改用10cm的凸透镜乙继续进行实验，如果不改变发光体和凸透镜的位置，要在光屏上成清晰的像，光屏应向_____移动（选填“左”或“右”）

（3）改用10cm的凸透镜乙继续进行实验时，光屏所成清晰的像偏下，要是光屏所成的像移动到光屏中央处位置，应使凸透镜向_____移动（选填“上”或“下”）。

（4）光屏上得到发光体清晰的像时，小明不小心用手指尖触摸到凸透镜，此时光屏上_____

A．会有指尖的像B．会出现指尖的影子C．发光体的像暗了一些

19．用如图所示的器材探究杠杆的平衡条件．

（1）实验前调节杠杆上的________使杠杆在不挂钩码时,保持水平并静止,这是为了_____________．

（2）在已经平衡的杠杆的左侧钩码下加挂钩码,为了使杠杆尽快平衡,下列做法正确且合理的是_______

A．只把右侧钩码向右移

B．只把左侧钩码向左移

C．把左右两侧钩码同时向左移动

D．把左右两侧钩码同时向右移动

（3）杠杆在两个力的作用下平衡时,F1l1=F2l2,此时动力作用的效果与阻力作用的效果互相抵消．据此,如果杠杆受到动力F1、F2和阻力F3三个力的作用,杠杆的平衡条件是什么呢?

请你提出猜想:

_______（用公式表达）．

20．小清设计了测量待测电阻R阻值的电路如图甲所示，他的测量步骤如下：

第1步：

将Rx接在电路中A、B两点间，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片P至适当位置，此时电压表的示数如图乙所示，示数为_____V断开开关S，移走Rx；

第2步：

再将电阻箱R接在A、B两点间，闭合开关S，保持滑动变阻器的滑片P位置不变，调节电阻箱使电压表的示数仍如图乙所示此时电阻箱接入电路中阻值R＝48Ω，则小清测得Rx的阻值为_____Ω

讨论：

在第2步中，若小清无意中将滑动变阻器的滑片P向右移了少许，则他测得Rx的阻值将_____（选填“偏大”“偏小”或“不变”）

六、计算题

21．如图所示，将一个质量为0.5kg的物体，从底端沿斜面匀速拉到顶端所用时间为5s，斜面长s为1m，高h为0.4m，斜面的效率为80%．（g取10N/kg）求：

（1）拉力所做的有用功；

（2）拉力做功的功率；

（3）物体在斜面上运动时受到的摩擦力。

22．如图所示，用细线将正方体A和物体B相连放入水中，两物体静止后恰好悬浮，此时A上表面到水面的高度差为0.12m．已知A的体积为1.0×10﹣3m3，所受重力为8N；B的体积为0.5×10﹣3m3，水的密度ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，求：

（1）A上表面所受水的压强；

（2）B所受重力大小；

（3）细线对B的拉力大小．

23．图甲是一种家用电暖器，有“低温”、“中温”、“高温”三挡，铭牌见下表（“高温”挡功率未知），图乙为其简化电路原理图，S是自我保护开关，电暖器跌倒时，S自动断开，切断电源，保证安全，闭合S1为“低温”挡。

请完成下列问题：

（1）“低温”挡正常工作时的电阻是多少？

（2）“高温”挡正常工作时的总电流是多少？

（3）若某房间内空气质量为60kg，空气温度为10℃，设空气的比热容为1.1×103J/（kg·℃）且保持不变，用该电暖器的“高温”挡正常工作20min，放出热量的50%被房间内的空气吸收，那么可使此房间的空气温度升高多少？

参考答案

1．减小液化

【解析】

【详解】

物体放出热量，内能减小，故在放入冷水的过程中，刀具的内能减小；水面上方的“白气”是小水珠，是由水蒸气遇冷液化形成的。

2．响度线圈在磁场中受力的作用不断地来回振动

【解析】

【详解】

扬声器的使用主要是使声音传播的更远些，使远处的听众能更清晰的听到声音，扬声器振动幅度增加，故改变的是声音的响度，如图，扬声器中的线圈中通过变化电流时，线圈会受到永久磁铁的磁场力的作用，而带动与线圈相连的纸盆振动，将电信号转化成声信号，由于通过线圈的交变电流方向不断变化，线圈就不断地来回运动，带动纸盆振动发声，故当线圈中通有随声音变化的电流时，线圈在磁场中受力的作用不断地来回振动。

3．失去电子

【解析】

【详解】

摩擦起电的实质是电子在物体之间的转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电，用绸子摩擦过的玻璃棒带正电，是因为摩擦过程中玻璃棒失去了电子。

4．变小

【解析】

【详解】

根据流体压强和流速的关系可知，机器人吸尘的工作原理是电机转动时使内部气体流速变大，压强变小，小于外部大气压，在压强差的作用下使杂物进入吸尘器。

5．上身

【解析】

【详解】

小强的上身和脚原来相对于地面都是运动的，小强行走时被石块绊了一下，他的脚停止了运动（即脚的运动状态突然改变），而他的上身由于惯性仍保持原来的运动状态，所以身体向前倾倒。

6．减小

【解析】

磁铁下落过程中受到线圈的阻力作用，有机械能转化为电能，机械能减小．

点睛：

条形磁铁在下落过程中穿过闭合线圈，线圈中产生电流，该过程是电磁感应现象，即将机械能转化为电能，也是克服阻力做功的过程．

7．030

【解析】

【详解】

当滑动变阻器的滑片P移到a端时，电阻R被短路，此时电阻R两端电压为0V，此时电路为R1最大阻值的简单电路，电流表测电路中的电流，由I＝

可得，电源的电压：

U＝IR1＝0.75A×20Ω＝15V；当滑动变阻器的滑片P移到b端时，电阻R与R1的最大阻值并联，电流表测干路电流，此时电路的总电阻：

R总＝

＝

＝12Ω，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，

＝

+

，即

＝

+

，解得：

R＝30Ω。

8．200

【解析】

【详解】

木箱在水平方向上受到摩擦力和推力的作用，木箱处于匀速直线运动状态，所以摩擦力和推力是一对平衡力。

根据二力平衡的条件可知，推力等于摩擦力等于200N.

9．0.5

【解析】

【详解】

由P＝UI可得，电暖器正常工作时通过它的电流：

I＝

＝

＝0.5A。

10．见解析

【解析】

根据题意，水桶在一个最小外力作用下保持静止，在力臂最长的情况下力最小．

如图水桶与地面接触点为支点，则水桶的最上沿作用动力的作用点，并以此作用点到支点的连线作为动力臂，此时力臂最长，最省力．

故连接水桶的右下角与左上角，然后过左上角作出垂直于此连线的动力F，方向斜向右，如图：

点睛：

作杠杆上的最小动力F，是常考的内容之一，方法是先确定力的作用点，以此作用点到支点的距离作为力臂，此时力臂最长，即力垂直于此连线时最省力．

11．D

【分析】

热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小．

【详解】

卫星的火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故D正确．故选D.

12．B

【详解】

表示体重大致相同的滑雪者和步行者，对雪地的压力大致相同，滑雪板比人的鞋子的受力面积大的多，故在雪地里行走时，人对雪地的压强大，所以下陷的程度深，这说明压力的作用效果与受力面积有关，

研究压力的作用效果与受力面积是否有关，应控制压力相同而受力面积不同，由图示可知，甲与乙受力面积相同，压力不同，不符合题意；

甲与丙，受力面积不同，压力也不同，没有控制变量，故不符合题意；

故乙、丙两个实验，压力相同而受力面积不同，可以研究压力的作用效果与受力面积是否有关．

故选B．

13．A

【分析】

磁场这种物质能对放入其中的磁体产生力的作用，借助细铁屑可以显示磁体周围的磁场分布特点；在磁体或电流的作用下，使原来没有磁性的物体获得磁性的过程叫磁化；一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性．惯性与质量有关，质量越小，惯性越小，运动状态越容易改变．据以上内容分析即可解答．

【详解】

磁体周围始终存在磁场，对放入其中的磁体产生力的作用；撒铁屑的目的是：

借助细铁屑显示磁体周围的磁场分布特点，但不是将原来不存在的磁场显示出来，故A错误；原来没有磁性的物体获得磁性的过程叫磁化，铁屑在磁场中被磁化成一个个小磁体，故B正确；铁屑质量较小，惯性小，运动状态容易改变，轻敲玻璃板时，铁屑由于具有惯性而与玻璃板分离，故C正确；铁屑受到磁场的作用，轻敲玻璃板，铁屑与玻璃板分离后，不受摩擦力，铁屑逐渐有序排列，故D正确，故选A．

【点睛】

本题考查的是磁场的存在、性质、磁化、惯性现象等知识点，关键是磁场客观存在，可以利用细铁屑显示磁场分布，体现的是转换思想．

14．A

【解析】

【详解】

两个鸡蛋的重力大约为1N，则一个鸡蛋的重力约为0.5N，由图可知大约能抛的高度为h=0.6m，则做的功大约为W=Gh=0.5N×0.6m=0.3J．

15．C

【详解】

如果电路只有一处故障，分别分析如下

A．若L1断路，电压表并联在bc两点间时，应该有示数，故A不符合题意；

B．若L1短路，则L2应该会发光，故B不符合题意；

C．若L2断路，电压表并联在cd两点间时，电压表两端到电源两极是通的，所以电压表有示数，电压表连接在ab、bc两点间时，因为L2断路，电压表无示数，即电路故障为L2断路，故C符合题意；

D．若L2短路，则则L1应该会发光，故D不符合题意；

故选C。

16．C

【详解】

B．由P=UI知道，两灯泡的额定电流分别是：

I1=P1/U1=3W/6V=0.5A，I2=P2/U2=9W/6V=1.5A，由此可知，两灯额定电流不相同，故B错误；

A．由I=U/R知道，两灯泡的电阻分别是：

R1=U1/I1=6V/0.5A=12Ω，R2=U2/I2=6V/1.5A=4Ω，两盏灯串联后接在电压为8V的电源上时，通过的电流I=U实/（R1+R2）=12V/（12Ω+4Ω）=0.75A，故两灯均不能正常发光，故A错误；

C．由于0.75A>0.5A，灯L1的实际功率大于额定功率，所以灯L1可能被烧毁，故C正确；

D．由于0.75A<1.5A，所以，灯L2的实际功率小于额定功率，故灯L2不可能被烧毁，故D错误．

17．ABC

【分析】

由电路图可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）根据电压表和电流表的示数与R的关系，可得滑片在最大值和最小值处电压表和电流表的示数，由串联电路特点和欧姆定律可得电源电压；

（2）计算R0的阻值和滑动变阻器的最大阻值；

（3）根据图象得出的最小电压和电流，利用电功率公式计算此时R0的最小功率；

（4）当滑片P置于中点时，由串联电路特点和欧姆定律求出电路中电流，由P=I2R即可求出滑动变阻器的功率．

【详解】

由电路图可知，R与

串联，电压表测

两端的电压，电流表测电路中的电流．

A、由图甲、乙可知，当

时，即只有

连入电路中时，电压表示数最大为6V，即电源电压

，故A正确；

B、由图丙知，当

时，电路中电流：

，由欧姆定律可得

的阻值：

；

由乙图知，当滑动变阻器连入阻值最大时，电压表示数为2V，即

，此时电路中电流最小，由丙图可知：

；由串联电路特点和欧姆定律可得，此时滑动变阻器两端电压：

，由欧姆定律可得滑动变阻器的最大阻值：

；故B正确；

C、

的最小功率：

，故C正确；

D、当滑片P置于中点时，电路中的电流：

，

此时R的功率：

，故D错误．

故选ABC．

【点睛】

重点是串联电路的特点、欧姆定律的应用以及电功率公式的应用，从图象中获取滑动变阻器接入电路中的电阻与对应的电流、电压表的示数是关键．

18．缩小左上C

【解析】

【详解】

（1）先用焦距20cm的凸透镜进行实验，由图可知，u＞2f，成倒立缩小的实像；

（2）由“先用焦距为20cm的透镜甲进行实验，在屏上得到清晰缩小的实像”可知，此时u＞2f；当改用焦距为10cm的透镜乙继续实验，不改变发光体和凸透镜的位置，则相当于增大了物距，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，可知，要在光屏上成清晰的像，光屏将靠近透镜移动，即向左移动；

（3）根据光线过光心不改变方向，像成在光屏的下方，要使像成在光屏的中央位置，可以让蜡烛向下移动，或凸透镜向上移动，或光屏向下移动；

（4）不小心用手指指尖触摸了凸透镜，由于凸透镜的其他部分仍能会聚光线而成像，所以光屏上呈现的仍然是烛焰完整的像，只是此时的像比手指指尖触摸前的像要暗一些，故C正确。

19．螺母便于实验时能从杠杆上直接读出力臂A见解析

【解析】

（1）实验前调节杠杆上的平衡螺母，使杠杆在不挂钩码时，保持水平并静止，这是为了忽略杠杆的自重对实验的影响，便于实验时能从杠杆上直接读出力臂；因为杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来；

（2）在已经平衡的杠杆的左侧钩码下加挂钩码，就会由于左侧力×力臂的值大于右侧而下沉，所以为了使杠杆尽快平衡，应同时调节两侧钩码，使左侧左侧力×力臂的值减小的同时，使右侧左侧力×力臂的值增大，所以应把左右两侧钩码同时向右移动，故正确且合理的是D．

（3）根据杠杆平衡条件知道，若杠杆的动力与动力臂乘积之和（F1L1+F2L2）与杠杆阻力与阻力臂的乘积F1L1相等，则杠杆应平衡，所以猜想杠杆受到动力F1、F2和阻力F3三个力的作用的平衡条件是F3L3+F2L2=F1L1．

点睛：

本题考查的是研究“杠杆平衡条件”，考查了杠杆平衡的调节、杠杆平衡条件的运用，略有难度．

20．1.848偏大

【解析】

【详解】

第1步：

电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为1.8V；

第2步：

调节电阻箱使电压表的示数仍如图乙所示，此时电阻箱接入电路中阻值R＝48Ω，根据等效替代法，则小清测得Rx的阻值为48Ω；

讨论：

如果向右移动滑片，则此时变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路

＝

可知，

不变时，R滑变大，则R箱也相应变大，即他测得Rx的阻值将偏大。

21．

（1）2J；

（2）0.5W；（3）0.5N。

【解析】

【详解】

（1）拉力所做的有用功：

W有＝Gh＝mgh＝0.5kg×10N/kg×0.4m＝2J；

（2）由η＝

可得，拉力所做的总功：

W总＝

＝

＝2.5J，拉力做功的功率：

P＝

＝

＝0.5W；

（3）额外功为：

W额＝W总﹣W有＝2.5J﹣2J＝0.5J，由W额＝fs可得，物体在斜面上运动时受到的摩擦力：

f＝

＝

＝0.5N。

22．

（1）1200Pa；

（2）7N；（3）2N．

【详解】

（1）由p=ρgh知道，A上表面所受水的压强是：

p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1200Pa；

（2）由阿基米德原理知道，A、B受到的总浮力是：

F浮=ρ水gV排=ρ水g（VA+VB）=1×103kg/m3×10N/kg×（1.0×10-3m3+0.5×10-3m3）=15N；

又因为A、B恰好悬浮，所以F浮=GA+GB，故B的重力是：

GB=F浮-GA=15N-8N=7N；

（3）由阿基米德原理知道，B受到的浮力是：

F浮B=ρ水gV排B=ρ水gVB=1×103kg/m3×10N/kg×0.5×10-3m3=5N，

所以，细线对B的拉力是：

F拉=GB-F浮B=7N-5N=2N．

23．

（1）88Ω；

（2）7.5A；（3）15℃。

【详解】

（1）根据题意知道，当闭合S1时为“低温”档，此时R1单独接入电路，由P=U2/R知道，“低温”档正常工作时的电阻是：

R1=U2/P低=（220V）2/550W=88Ω；

（2）由电路图知道，只闭合S1为“低温”档，只闭合S2为“中温”档，当同时闭合S1、S2为高温档，此时R1、R2并联，电路的总功率是：

P高温=P低温+P中温=550W+1100W=1650W，

由P=UI知道，此时正常工作的电流是：

I=P高/U=1650W/220V=7.5A，

（3）若电暖器的“高温”档正常工作20分钟，则放出的热量是：

W=P高温t=1650W×20×60s=1.98×106J；

根据题意知道，空气吸收的热量是：

Q吸=ηW=50%×1.98×106J=0.99×106J；

由Q吸=cm△t可知，房间内的空气升高的温度是：

△t=Q吸/cm=0.99×106J/1.1×103J/（kg•℃）×60kg=15℃。

【点睛】

本题考查的是电功率公式、效率公式和热量公式的应用，是一道电功与热量的综合，解题的关键是不同档位时电路连接方式的判断。