完整word版全国统一高考物理3卷.docx

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完整word版全国统一高考物理3卷

2019年全国统一高考物理试卷（新课标Ⅲ）

一、选择题：

本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．（6分）楞次定律是下列哪个定律在电磁感应现象中的具体体现？

（）

A．电阻定律B．库仑定律

D．能量守恒定律C．欧姆定律

2．（6分）金星、地球和火星绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动，它们的向心加速度大小分别为a、a、a，它们沿轨道运行的速率分别为v、v、v．已知它们的轨道半火金金火地地径R＜R＜R，由此可以判定（）火金地A．a＞a＞aB．a＞a＞a金火金火地地＞vvD．v＞C．vv＞v＞金火火地金地3．（6分）用卡车运输质量为m的匀质圆筒状工件，为使工件保持固定，将其置于两光滑斜面之间，如图所示。

两斜面Ⅰ、Ⅱ固定在车上，倾角分别为30°和60°．重力加速度为g。

当卡车沿平直公路匀速行驶时，圆筒对斜面Ⅰ、Ⅱ压力的大小分别为F、F，则（）21

mgmg．mgF＝BF＝，F＝mg，．AF＝2112

mg，mgmg＝D．F＝＝FC．＝Fmg，F2211分）从地面竖直向上抛出一物体，物体在运动过程中除受到重力外，还受到一大小不4．（6以内时，物体上升、下3mh在变、方向始终与运动方向相反的外力作用。

距地面高度210m/sh随落过程中动能E的变化如图所示。

重力加速度取．该物体的质量为（）k

第1页（共23页）

A．2kgB．1.5kgC．1kgD．0.5kg

分）如图，在坐标系的第一和第二象限内存在磁感应强度大小分别为6．（B和B、方向5轴射x0）的粒子垂直于q（q＞均垂直于纸面向外的匀强磁场。

一质量为m、电荷量为轴离开第一象限。

粒子在磁场xy轴进入第一象限，最后经过入第二象限，随后垂直于）中运动的时间为（

．B．C．DA．分）如图，方向竖直向下的匀强磁场中有两根位于同一水平面内的足够长的平行金属6．（6向右滑动。

0以初速度v时，棒ab两相同的光滑导体棒导轨，ab、cd静止在导轨上。

t＝0表示，回路中v始终与导轨垂直并接触良好，两者速度分别用v、ab运动过程中，、cd21）的电流用I表示。

下列图象中可能正确的是（

B．A．

．．DC，物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验）a．7（6分）如图（4st台上的力传感器相连，细绳水平。

＝0时，木板开始受到水平外力＝F的作用，在t与vtf时撤去外力。

细绳对物块的拉力随时间变化的关系如图（b）所示，木板的速度2由c的关系如图时间t（）重力加速度取木板与实验台之间的摩擦可以忽略。

所示。

10m/s．第2页（共23页）

题给数据可以得出（）

A．木板的质量为1kgF的大小为0.4N．2s～4s内，力B的大小保持不变0～2s内，力FC．0.2D．物块与木板之间的动摩擦因数为、a0）的点电荷固定在正方体的两个顶点上，q（q＞8．（6分）如图，电荷量分别为q和﹣）b是正方体的另外两个顶点。

则（

a点和b点的电势相等A．点的电场强度大小相等a点和bB．点的电场强度方向相同a点和bC．点移到b点，电势能增加D．将负电荷从a题13～16分，第9～12题为必考题，每个试题考生都必须作答。

第62二、非选择题：

共47分。

为选考题，考生根据要求作答。

（一）必考题：

共分）甲乙两位同学设计了利用数码相机的连拍功能测重力加速度的实验。

实验中，甲（59．0.1s同学负责释放金属小球，乙同学负责在小球自由下落的时候拍照。

已知相机每间隔1幅照片。

拍填（。

（1）若要从拍得的照片中获取必要的信息，在此实验中还必须使用的器材是

正确答案标号）D．天平C．光电门BA．米尺．秒表。

2（）简述你选择的器材在本实验中的使用方法。

答：

第3页（共23页）

（3）实验中两同学由连续3幅照片上小球的位置a、b和c得到ab＝24.5cm、ac＝58.7cm，2．（保留2位有效数字）m/s则该地的重力加速度大小为g＝

10．（10分）某同学欲将内阻为98.5Ω、量程为100μA的电流表改装成欧姆表并进行刻度和校准，要求改装后欧姆表的15kΩ刻度正好对应电流表表盘的50μA刻度。

可选用的器材还有：

定值电阻R（阻值14kΩ），滑动变阻器R（最大阻值1500Ω），滑动变阻器R（最210大阻值500Ω），电阻箱（0～99999.9Ω），干电池（E＝1.5V，r＝1.5Ω），红、黑表笔和导线若干。

）欧姆表设计（1接入电路的电阻应R将图（a）中的实物连线组成欧姆表。

欧姆表改装好后，滑动变阻器）。

R（填“R”或“”Ω；滑动变阻器选为21

2）刻度欧姆表表盘（处的电流刻度分别b、b）所示。

表盘上a通过计算，对整个表盘进行电阻刻度，如图（。

a25为和75，则、b处的电阻刻度分别为、

）校准（3处；将红、黑表笔与Ωk红、黑表笔短接，调节滑动变阻器，使欧姆表指针指向

第4页（共23页）

电阻箱连接，记录多组电阻箱接入电路的电阻值及欧姆表上对应的测量值，完成校准数据测量。

若校准某刻度时，电阻箱旋钮位置如图（c）所示，则电阻箱接入的阻值为Ω。

11．（12分）空间存在一方向竖直向下的匀强电场，O、P是电场中的两点。

从O点沿水平方向以不同速度先后发射两个质量均为m的小球A、B．A不带电，B的电荷量为q（q＞0）。

A从O点发射时的速度大小为v，到达P点所用时间为t；B从O点到达P点所0

，求用时间为．重力加速度为g）电场强度的大小；（1点时的动能。

B运动到P

（2）；两4.0kg，m＝B，质量分别为m＝l.0kg12．（20分）静止在水平地面上的两小物块A、BA某时刻，如图所示。

1.0m，者之间有一被压缩的微型弹簧，A与其右侧的竖直墙壁距离l＝．释放10.0JE＝将压缩的微型弹簧释放，使A、B瞬间分离，两物块获得的动能之和为k重0.20＝．、B与地面之间的动摩擦因数均为μ后，A沿着与墙壁垂直的方向向右运动。

A2B运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短。

．A、力加速度取g＝10m/sB速度的大小；1）求弹簧释放后瞬间A、（B之间的距离是多少？

中的哪一个先停止？

该物块刚停止时A与

（2）物块A、B之间的距离是多少？

A与B3）A和B都停止后，（

道物理题中任选一题作答。

如果多做，则按所做的第分。

请考生从215

（二）选考题：

共15分）物理一一选修3–3]（一题计分。

[分）用油膜法估算分子大小的实验中，首先需将纯油酸稀释成一定浓度的油酸酒精5（13．实验中为了测量出一滴已知浓度的油酸酒精溶液中纯油酸。

溶液，稀释的目的是

。

。

为得到油酸分子的直径，还需测量的物理量是的体积，可以

的水银2.0cm1014．（分）如图，一粗细均匀的细管开口向上竖直放置，管内有一段高度为若将细管。

水银柱下密封了一定量的理想气体，水银柱上表面到管口的距离为2.0cm柱，倒置，水银柱下表面恰好位于管口处，且无水银滴落，管内气体温度与环境温度相同。

296K。

76cmHg已知大气压强为，环境温度为）求细管的长度；（i）若在倒置前，缓慢加热管内被密封的气体，直到水银柱的上表面恰好与管口平齐为（ii第5页（共23页）

止，求此时密封气体的温度。

分）4]（15[物理——选修3–振动片做简谐振动时，两．水槽中，与水面接触的两根相同细杆固定在同一个振动片上。

15根细杆周期性触动水面形成两个波源。

两波源发出的波在水面上相遇，在重叠区域发生干涉并形成了干涉图样。

关于两列波重叠区域内水面上振动的质点，下列说法正确的是）（．不同质点的振幅都相同A

．不同质点振动的频率都相同B．不同质点振动的相位都相同C．不同质点振动的周期都与振动片的周期相同D．同一质点处，两列波的相位差不随时间变化E°．一束光线平行于＝30°，∠ABC为一棱镜的横截面，∠A＝90B16．如图，直角三角形边射出。

ABBC射到边上并进入棱镜，然后垂直于AC底边）求棱镜的折射率；（i边上恰好有光线射出。

求边上的入射点不变，逐渐减小入射角，直到BCAB（ii）保持边上入射角的正弦。

此时AB

第6页（共23页）

2019年全国统一高考物理试卷（新课标Ⅲ）

参考答案与试题解析一、选择题：

本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．（6分）楞次定律是下列哪个定律在电磁感应现象中的具体体现？

（）

A．电阻定律B．库仑定律

D．欧姆定律．能量守恒定律C【分析】当线圈与磁体间有相对运动时，根据“来拒去留”可知，磁场力都是阻碍线圈与磁体间的相对运动，有外力对系统做了功，导致其他形式的能转化为线圈的电能；当导体做切割磁感线运动时，安培力总是阻碍导体的运动，导体克服安培力做，把其他形式的能转化为电能，据此即可分析。

【解答】解：

当线圈与磁体间有相对运动时，根据“来拒去留”可知，磁场力都是阻碍线圈与磁体间的相对运动，有外力对系统做了功，导致其他形式的能转化为线圈的电能；当导体做切割磁感线运动时，安培力总是阻碍导体的运动，导体克服安培力做，把其他形式的能转化为电能，所以楞次定律是能量守恒定律在电磁感应现象中的体现，故D正确，ABC错误。

故选：

D。

【点评】考查电磁感应原理，掌握楞次定律的内涵，注意从做功与能量转化角度来认识楞次定律的内容。

2．（6分）金星、地球和火星绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动，它们的向心加速度大小分别为a、a、a，它们沿轨道运行的速率分别为v、v、v．已知它们的轨道半火金金火地地径R＜R＜R，由此可以判定（）火金地A．a＞a＞aB．a＞a＞a金火金火地地v．＞v＞v．v＞v＞vDC金地火地金火【分析】行星绕太阳做匀速圆周运动，由太阳的万有引力提供向心力，由牛顿第二定律列式分析距离关系、线速度关系及加速度关系。

【解答】解：

行星绕太阳运动时，万有引力提供向心力，设太阳的质量为M，行星的质量为m，行星的轨道半径为r，根据牛顿第二定律有：

第7页（共23页）

＞，所以有a，由题意有R＜R＜R可得向心加速度为，线速度为金地金火错误。

，故＞vA正确，BCDa＞a，v＞v火火地金地。

故选：

A对于天体的运动，一般的分析思路要掌握：

万有引力提供向心力；明确万有引【点评】力的表达式，会由向心力等于万有引力分析周期、线速度与半径的大小关系。

为使工件保持固定，将其置于两光滑斜的匀质圆筒状工件，6分）用卡车运输质量为m（3．°．重力加速度为60面之间，如图所示。

两斜面Ⅰ、Ⅱ固定在车上，倾角分别为30°和（）Ⅱ压力的大小分别为。

当卡车沿平直公路匀速行驶时，圆筒对斜面Ⅰ、F、F，则g21

mgmgFmgmgFA．＝，F＝B．＝，F＝2112．DF＝F＝mg．CF＝mg＝mg，Fmg，2112【分析】将重力进行分解，根据几何关系求解圆筒对斜面Ⅰ、Ⅱ压力的大小。

，°＝F【解答】解：

将重力进行分解如图所示，根据几何关系可得＝mgcos30mg1mg，故mgsin30＝F°＝错误。

ABCD正确，2。

故选：

D

本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：

确定研究【点评】对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。

分）从地面竖直向上抛出一物体，物体在运动过程中除受到重力外，还受到一大小不4（6．以内时，物体上升、下h在3m变、方向始终与运动方向相反的外力作用。

距地面高度第8页（共23页）

2．该物体的质量为（）h的变化如图所示。

重力加速度取10m/s随落过程中动能Ek

．0.5kg．1kgDBA．2kg．1.5kgC根据动能定理得到图象的斜率表示的物理量，再根据牛顿第二定律列方程求解【分析】质量。

；，解得斜率的大小为ma＝【解答】解：

根据动能定理可得：

mah＝△Ek

ma＝＝N＝12N上升过程中：

1

8N＝＝N＝下落过程中：

ma2，根据牛顿第二定律可得：

设与运动方向相反的外力为F＝ma，上升过程中：

mg+F1ma，下落过程中：

mg﹣F＝2。

联立解得：

m＝1kgC故正确，ABD错误。

故选：

C。

对于图象问题，关键是能够根据已知的公式、定律等推导出横坐标和纵坐标的【点评】关系式，分析斜率的变化，然后作出正确的判断。

、方向和B65．（分）如图，在坐标系的第一和第二象限内存在磁感应强度大小分别为B轴射、电荷量为mq（q）的粒子垂直于x＞0均垂直于纸面向外的匀强磁场。

一质量为轴离开第一象限。

粒子在磁场y入第二象限，随后垂直于轴进入第一象限，最后经过x中运动的时间为（）第9页（共23页）

D．A．B．C．画出粒子在磁场中的运动轨迹，求出轨迹对应的圆心角，再根据周期公式求解【分析】时间。

【解答】解：

粒子在磁场中的运动轨迹如图所示，

则粒子在第二象限的运动时间为t＝＝1

＝R可知半径为原来的2第一象限的磁感应强度为第二象限磁感应强度的一半，根据，倍，即R＝2R12cost°，＝＝θθ＝＝，则＝60根据几何关系可得2错误。

B正确，ACD，故＝t粒子在磁场中运动的时间为t＝+t21。

故选：

B

对于带电粒子在磁场中的运动情况分析，一般是确定圆心位置，根据几何关系【点评】求半径，结合洛伦兹力提供向心力求解未知量；根据周期公式结合轨迹对应的圆心角求时间。

分）如图，方向竖直向下的匀强磁场中有两根位于同一水平面内的足够长的平行金属6．（6向右滑动。

v棒0t、cd静止在导轨上。

＝时，ab以初速度ab导轨，两相同的光滑导体棒0表示，回路中v、始终与导轨垂直并接触良好，两者速度分别用、运动过程中，abcdv21表示。

下列图象中可能正确的是（）I的电流用第10页（共23页）

B．A．

D．C．

根据动量守恒定律分析最终的速度大小，根据受力情况确定速度变化情况；根【分析】据导体棒切割磁感应线产生的感应电动势大小和闭合电路的欧姆定律分析电流强度的变化。

根据动量守恒定律可得：

系统水平方向动量守恒，【解答】解：

AB、金属棒滑动过程中，

的速度逐渐增大，相对速度越来的速度逐渐减小，cd＝，所以abvmv＝2mv，则0错误；A越小，最后为零，则安培力逐渐减小、加速度逐渐减小到零，故正确、B

，二者的速度之差越来越小，I＝，由于CD、设两根导体棒的总电阻为R错误。

正确、最后速度之差为0，则感应电流越来越小，最后为零，故CD。

故选：

AC对于电磁感应现象中的图象问题，经常是根据楞次定律或右手定则判断电流方【点评】向，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律求解感应电流随时间变化关系，然后推导出纵坐标与横坐标的关系式，由此进行解答，这是电磁感应问题中常用的方法和思路。

，物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验7．a）（6分）如图（4s的作用，在Ft＝＝台上的力传感器相连，细绳水平。

t0时，木板开始受到水平外力与v变化的关系如图（时撤去外力。

细绳对物块的拉力f随时间tb）所示，木板的速度2由重力加速度取10m/s．木板与实验台之间的摩擦可以忽略。

）（t时间的关系如图c所示。

题给数据可以得出（）第11页（共23页）

A．木板的质量为1kg的大小为0.4N2s～4s内，力FB．的大小保持不变0～2s内，力FC．0.2D．物块与木板之间的动摩擦因数为后木板的加速度大小，根据牛顿第二定律求解木板的质量；4s【分析】根据图象求出在；根据平衡条件分析拉力的变化；物块的质量无法求内根据牛顿第二定律求解F4s2s～出，物块与木板之间的动摩擦因数无法求解。

后撤去外，在4s、根据图象可知木块与木板之间的滑动摩擦力为f＝0.2N【解答】解：

A＝力，此时木板在水平方向上只受到滑动摩擦力的作用，此时木板的加速度大小为a2

2正，故＝1kgA，根据牛顿第二定律可得f＝ma，解得木板的质量m＝0.2m/s2确；

22，根据牛顿第二定律可得F﹣f＝～2s4s内，木板的加速度a＝ma，m/s＝0.2m/sB、11正确；BF解得力＝0.4N，故的大小始终等于绳子的拉力，绳子的拉力增大，则、C0～2sF内，整体受力平衡，拉力错误；CF力增大，故D、由于物块的质量无法求出，物块与木板之间的动摩擦因数无法求解，故D错误。

AB。

故选：

关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，对于牛顿第二定律的综合应用问题，【点评】利用牛顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁。

、（和﹣分）如图，电荷量分别为（8．6qqq）的点电荷固定在正方体的两个顶点上，0a＞）是正方体的另外两个顶点。

则（b第12页（共23页）

点的电势相等．a点和bAb点的电场强度大小相等．a点和B点的电场强度方向相同b．a点和C点，电势能增加a点移到bD．将负电荷从真空中两等量异号电荷叠加形成电场，根据等量异种电荷电场线以及等势面的【分析】两点的电势和场强关系；再根据电场线确定电场力做功情况，从而确定ab性质即可确定电势能的变化。

结合题图中对应的几何等量异号电荷形成的电场线和等势面如图所示；A、【解答】解：

A点电势；故点电势一定小于b靠近负电荷，而b靠近正电荷，则可知，aa关系可知，

错误；可知，两点处的两分场3B、ab两点是两电荷单独在两点形成的电场强度的叠加，由图正确；强恰好相同，故合场强一定相同，故BC点时，是从低点势移向高电势，因电荷带a点移到b中分析可知将负电荷从D、根据A负电，故电势能减小，故D错误。

BC。

故选：

本题考查等量异电电荷电场的分布情况，解题的关键在于明确立体几何关系的【点评】确定和应用，能想象出其对应的几何图象是解题的关键。

题13题为必考题，每个试题考生都必须作答。

第～169二、非选择题：

共62分，第～1247分。

为选考题，考生根据要求作答。

（一）必考题：

共分）甲乙两位同学设计了利用数码相机的连拍功能测重力加速度的实验。

实验中，甲59．（0.1s同学负责释放金属小球，乙同学负责在小球自由下落的时候拍照。

已知相机每间隔第13页（共23页）

拍1幅照片。

（1）若要从拍得的照片中获取必要的信息，在此实验中还必须使用的器材是A。

（填

正确答案标号）

A．米尺B．秒表C．光电门D．天平

（2）简述你选择的器材在本实验中的使用方法。

答：

将米尺竖直放置，使小球下落时

尽量靠近米尺。

（3）实验中两同学由连续3幅照片上小球的位置a、b和c得到ab＝24.5cm、ac＝58.7cm，2．（保留2位有效数字）9.7m/s则该地的重力加速度大小为g＝

【分析】根据实验的原理确定需要测量的物理量，从而确定所需的测量器材；根据匀变速直线运动的规律得出该地的重力加速度大小。

【解答】解：

（1）若要从拍得的照片中获取必要的信息，在此实验中还必须使用的器材是米尺，所给器材测量距离，故A正确，BCD错误。

故选：

A。

（2）选择的器材在本实验中的使用方法：

将米尺竖直放置，使小球下落时尽量靠近米尺。

2，gT）根据匀变速直线运动的规律得△h＝（3

2。

＝＝9.7m/s该地的重力加速度大小为g故答案为：

（1A；）2）将米尺竖直放置，使小球下落时尽量靠近米尺；（。

3）9.7（该题考查了匀变速直线运动规律以及推论的应用，在平时练习中要加强基本物【点评】理规律的理解与应用。

的电流表改装成欧姆表并进行刻度和μAΩ10．（10分）某同学欲将内阻为98.5、量程为100可选用的器材刻度。

15k校准，要求改装后欧姆表的Ω刻度正好对应电流表表盘的50μA（最，）滑动变阻器R（最大阻值，（阻值还有：

定值电阻R14kΩ）滑动变阻器R1500Ω210，红、黑表笔和导Ω）1.5r1.5VE）99999.90）500大阻值Ω，电阻箱（～Ω，干电池（＝，＝线若干。

第14页（共23页）

1）欧姆表设计（接入电路的电阻应）中的实物连线组成欧姆表。

欧姆表改装好后，滑动变阻器R将图（a。

R”）（填“R”或“；滑动变阻器选为900Ω21

）刻度欧姆表表盘（2处的电流刻度分别ba、通过计算，对整个表盘进行电阻刻度，如图（b）所示。

表盘上。

、5，则和75a、b处的电阻刻度分别为45为25

）校准（3处；将红、黑表笔与电Ω0k红、黑表笔短接，调节滑动变阻器，使欧姆表指针指向

阻箱连接，记录多组电阻箱接入电路的电阻值及欧姆表上对应的测量值，完成校准数据35000.0c）所示，则电阻箱接入的阻值为（测量。

若校准某刻度时，电阻箱旋钮位置如图

。

Ω）明确欧姆表的原理，从而确定内部结构；再根据闭合电路欧姆定律即可求1【分析】（出滑动变阻器接入阻值；根据闭合电路欧姆定律和中值电阻的意义即可确定对应的明确欧姆表的中值电阻，）（2刻度；第15页（共23页）

（3）根据欧姆表使用前需要进行欧姆调零进行分析，同时明确电阻箱的读数方法。

【解答】解：

（1）将电源、电流表、定值电阻以及滑动变阻器串接即可组成欧姆表，故实物图如图所示；

根据闭合电路欧姆定律有：

＝50μA；Ω；故滑动变阻器选择R解得：

R＝90011；15000Ω欧姆表的内阻即中值电阻R＝98.5+1.5+14000+900＝

（2）由

（1）中解答可知，中根据闭合电路欧姆定律有：

A＝25μ；45k解得：

R＝Ωa同理可知：

75μA＝Ω＝5k解得：

RbΩ处；（3）欧姆表在使用时应先将两表笔短接，使欧姆表指针指向满偏刻度，即0。

1+0×0.1＝35000.0Ω×电阻箱的读数为：

3×10k+5×1k+0×100+010+0×；

（1）900R故答案为：

12）45；5（）0；35000.0（3

本题考查多用电表中欧姆表的原理以及电路的改装，注意明确实物图的连接方【点评】法，同时能正确利用闭合电路欧姆定律进行分析，并能掌握欧姆表的正确使用方法。

点沿水平O是电场中的两点。

从．（12分）空间存在一方向竖直向下的匀强电场，O、P11q不带电，B的电荷量为q（Bm方向以不同速度先后发射两个质量均为的小球A、．A点所点到达POBtP，到达点发射时的速度大小为从。

0＞）AOv点所用时间为；从0第16页（共23页）

，求用时间为．重力加速度为g）电场强度的大小；（1点时的动能。

B运动到P

（2））根据牛顿第二定律分析加速度，结合位移时间关系即可求出电场强度；（1【分析】）结合动能定理，位移时间关系、速度时间关系式进行分析，即可正确解答。

（2。

根据牛顿定律、运aB运动的加速度为

（1）设电场强度的大小为E，小球【解答】解：

动学公式