高一数学两直线的位置关系经典例题.docx

1、高一数学两直线的位置关系经典例题典型例题一例1 已知，求点的坐标，使四边形为等腰梯形分析：利用等腰梯形所具备的性质“两底互相平行且两腰长相等”进行解题解：如图，设，若，则，即由、解得若，则即由、式解得故点的坐标为或说明：(1)把哪两条边作为梯形的底是讨论的标准，解此题时注意不要漏解(2)在遇到两直线平行问题时，一定要注意直线斜率不存在的情况此题中、的斜率都存在，故不可能出现斜率不存在的情况典型例题二例2当为何值时，直线与直线互相垂直？分析：分类讨论，利用两直线垂直的充要条件进行求解或利用结论“设直线和的方程分别是，则的充要条件是”（其证明可借助向量知识完成）解题解法一：由题意，直线(1)若，即

2、，此时直线，显然垂直；(2)若，即时，直线与直线不垂直；(3)若，且，则直线、斜率、存在，当时，即，.综上可知，当或时，直线解法二：由于直线，所以，解得故当或时，直线说明：对于本题，容易出现忽视斜率存在性而引发的解题错误，如先认可两直线、的斜率分别为、，则，由，得，即解上述方程为从而得到当时，直线与互相垂直上述解题的失误在于机械地套用两直线垂直（斜率形式）的充要条件，忽视了斜率存在的大前提，因而失去对另一种斜率不存在时两直线垂直的考虑，出现了以偏概全的错误典型例题三例3 已知直线经过点，且被两平行直线和截得的线段之长为5，求直线的方程分析：(1)如图，利用点斜式方程，分别与、联立，求得两交点、

3、的坐标（用表示），再利用可求出的值，从而求得的方程(2)利用、之间的距离及与夹角的关系求解(3)设直线与、分别相交于、，则可通过求出、的值，确定直线的斜率（或倾斜角），从而求得直线的方程解法一：若直线的斜率不存在，则直线的方程为，此时与、的交点分别为和，截得的线段的长，符合题意，若直线的斜率存在，则设直线的方程为解方程组得，解方程组得由，得解之，得，即欲求的直线方程为综上可知，所求的方程为或解法二：由题意，直线、之间的距离为，且直线被平等直线、所截得的线段的长为5（如上图），设直线与直线的夹角为，则，故由直线的倾斜角为135，知直线的倾斜角为0或90，又由直线过点，故直线的方程为或解法三：设直

4、线与、分别相交、，则：，两式相减，得又联立、，可得或由上可知，直线的倾斜角分别为0或90故所求直线方程为或说明：本题容易产生的误解是默认直线的斜率存在，这样由解法一就只能得到，从而遗漏了斜率不存在的情形一般地，求过一定点，且被两已知平行直线截得的线段为定长的直线，当小于两平行直线之间距离时无解；当时有唯一解；当时，有且只有两解另外，本题的三种解法中，解法二采取先求出夹角后，再求直线的斜率或倾斜角，从方法上看较为简单；而解法三注意了利用整体思想处理问题，在一定程度上也简化了运算过程典型例题四例4 已知点，点在坐标轴上，且，则满足条件的点的个数是（ ） （A）1 （B）2 （C）3 （D）4解：点

5、在坐标轴上，可有两种情况，即在轴或轴上，点的坐标可设为或由题意，直线与直线垂直，其斜率乘积为1，可分别求得或2，或4，所以满足条件的点的坐标为（0，0），（2，0），（0，4）说明：本题还可以有另外两种解法：一种是利用勾股定理，另一种是直角三角形斜边与轴交点恰为斜边中点，则由到、距离相等的性质可解本题易错，可能只解一个坐标轴；可能解方程时漏解；也可能看到、各有两解而误以为有四点典型例题五例5 已知的一个定点是，、的平分线分别是，求直线的方程分析：利用角平分线的轴对称性质，求出关于，的对称点，它们显然在直线上解：关于，的对称点分别是和，且这两点都在直线上，由两点式求得直线方程为典型例题六例6 求

6、经过两条直线和的交点，并且垂直于直线的直线的方程解一：解得两直线和的交点为（，），由已知垂直关系可求得所求直线的斜率为，进而所求直线方程为解二：设所求直线方程为，将所求交点坐标（，）代入方程得，所以所求直线方程为解三：所求直线过点（，），且与直线垂直，所以，所求直线方程为 即 解四：设所求直线得方程为 即 （1） 由于该直线与已知直线垂直 则 解得 代入（1）得所求直线方程为典型例题七例7 已知定点（3，1），在直线和上分别求点和点，使的周长最短，并求出最短周长分析：由连接两点的线中，直线段最短，利用对称，把折线转化为直线，即转化为求两点间的距离解：如图1，设点关于直线和的对称点分别为， 又周

7、长最小值是： 由两点式可得方程为： 而且易求得： （，），（，0），此时，周长最短，周长为典型例题八例8 已知实数，满足，求证：解：本题的几何意义是：直线上的点（，）与定点的距离的平方不小于因为直线外一点与直线上任一点连线中，垂线段距离最短，而垂线段的长度即距离，所以，即说明：本题应为不等式的题目，难度较大，证明方法也较多，但用解析几何的方法解决显得轻松简捷，深刻地体现了数形结合的思想典型例题九 例9 在平面直角坐标系中，点在上，试在轴的正半周上求一点，使取得最大值分析：要使最大，只需最大，而是直线到直线的角（此处即为夹角），利用公式可以解决问题解：如图2，设点，于是直线、的斜率分别为：， 当

8、且仅当即，点的坐标为（，0），由可知为锐角，所以此时有最大值说明：本题综合性强，是三角、不等式和解析几何知识的交汇点另外本题也是足球射门最大角问题的推广为了更好地理解问题，可以演示用“几何画板”制作的课件.典型例题十例10直线，求关于直线对称的直线的方程分析：本题可有多种不同的解法，给出多种解法的途径是：一类利用直线方程的不同形式求解；另一类采用消元思想进行求解解法一：由得与的交点为，显见也在上设的斜率为，又的斜率为-2，的斜率为，则，解得故的直线方程为即解法二：在直线上取一点，又设点关于直线的对称点为，则解得故由两点式可求得直线的方程为解法三：设直线上一动点关于直线的对称点为，则解得，显然在

9、上，即，也即这便是所求的直线的方程解法四：设直线上一动点，则关于的对称点在直线上，可设的坐标为，则即消去，得，即此所求的直线的方程说明：在解法一中，应注意正确运用“到角公式”，明确由哪条直线到哪条直线的角在具体解题时，最好能准确画出图形，直观地得出关系式在解法四中，脱去绝对值符号时，运用了平面区域的知识否则，若从表面上可得到两种结果，这显然很难准确地得出直线的方程本题的四种不同的解法，体现了求直线方程的不同的思想方法，具有一定的综合性除此之外，从本题的不同解法中可以看出，只有对坐标法有了充分的理解与认识，并具有较强的数形结合意识，才有可能驾驭本题，从而在解法选择的空间上，真正做到游刃有余，左右

10、逢源典型例题十一例11不论取什么实数，直线都经过一个定点，并求出这个定点分析：题目所给的直线方程的系数含有字母，给任何一个实数值，就可以得到一条确定的直线，因此所给的方程是以为参数的直线系方程要证明这个直线系的直线都过一定点，就是证明它是一个共点的直线系，我们可以给出的两个特殊值，得到直线系中的两条直线，它们的交点即是直线系中任何直线都过的定点另一思路是由于方程对任意的都成立，那么就以为未知数，整理为关于的一元一次方程，再由一元一次方程有无数个解的条件求得定点的坐标解法一：对于方程，令，得；令，得解方程组得两直线的交点为将点代入已知直线方程左边，得：这表明不论为什么实数，所给直线均经过定点解法

11、二：将已知方程以为未知数，整理为：由于取值的任意性，有，解得，所以所给的直线不论取什么实数，都经过一个定点说明：(1)曲线过定点，即与参数无关，则参数的同次幂的系数为0，从而求出定点(2)分别令参数为两个特殊值，得方程组求出点的坐标，代入原方程满足，则此点为定点典型例题十二例12一年级为配合素质教育，利用一间教室作为学生绘画成果展览室为节约经费，他们利用课桌作为展台，将装画的镜框旋置桌上，斜靠展出已知镜框对桌面的倾角为()镜框中，画的上、下边缘与镜框下边缘分别相距、 ()，学生距离镜框下缘多远看画的效果最佳？分析：建立如图所示的直角坐标系，为镜框边，为画的宽度，为下边缘上的一点，则可将问题转化

12、为：已知，在轴的正方向向上求一点，使取最大值因为视角最大时，从理论上讲，看画的效果最佳（不考虑其他因素）解：设点坐标为()，从三角函数定义知、两点坐标分别为、，于是直线、的斜率分别为，于是，即由于是锐角，且在上，则：，当且仅当，即时，等号成立，此时取最大值，对应的点为，因此，学生距离镜框下缘处时，视角最大，即看画效果最佳说明：解决本题有两点至关重要：一是建立恰当的坐标系，使问题转化成解析几何问题求解；二是把问题进一步转化成求的最大值如果坐标系选择不当，或选择求的最大值，都将使问题变得复杂起来本题是一个非常实际的数学应用问题，它不仅考查了直线的有关概念以及三角知识的结合运用，而且更重要的是考查了

13、把实际问题转化为数学问题的能力典型例题十三例13知实数，满足，求的最小值分析：本题可使用减少变量法和数形结合法两种方法：可看成点与之间的距离解：(法1)由得()，则，的最小值是2.(法2)实数，满足，点在直线上而可看成点与点之间的距离(如图所示)显然的最小值就是点到直线的距离：，的最小值为2说明：利用几何意义，可以使复杂问题简单化形如的式子即可看成是两点间的距离，从而结合图形解决典型例题十四例14直线是中的平分线所在的直线，且，的坐标分别为，求顶点的坐标并判断的形状分析：“角平分线”就意味着角相等，故可考虑使用直线的“到角”公式将“角相等”列成一个表达式解：(法1)由题意画出草图（如图所示）点

14、在直线上，设，则，由图易知到的角等于到的角，因此这两个角的正切也相等，解得的坐标为，是直角三角形(法2)设点关于直线的对称点为，则必在直线上以下先求由对称性可得解得，直线的方程为，即由得，是直角三角形说明：(1)在解法1中设点坐标时，由于在直线上，故可设，而不设，这样可减少未知数的个数(2)注意解法2中求点关于的对称点的求法：原理是线段被直线垂直平分典型例题十五例15两条直线，求分别满足下列条件的的值(1)与相交； (2)与平行； (3)与重合；(4)与垂直； (5)与夹角为分析：可先从平行的条件(化为)着手解：由得，解得，由得(1)当且时，与相交；(2)当时，；(3)当时，与重合；(4)当，即，时，；(5)，由条件有将，代入上式并化简得，；，当或-5或3时与夹角为说明：由解得或，此时两直线可能平行也可能重合，可将的值代入原方程中验证是平行还是重合当时两直线一定相交，此时应是且