专项突破基因自由组合定律的特殊分离比问题.docx

1、专项突破基因自由组合定律的特殊分离比问题专项突破基因自由组合定律的特殊分离比问题专项突破基因自由组合定律的特殊分离比问题1“和”为16的由基因互作导致的特殊分离化(1)原因分析。序号条件F1(AaBb) 自交后代比例F1测交后代比例1存在一种显性基因时表现为同一性状，其余正常表现9611212两种显性基因同时存在时，表现为一种性状，否则表现为另一种性状97133当某一对隐性基因成对存在时表现为双隐性状，其余正常表现9341124只要存在显性基因就表现为一种性状，其余正常表现15131(2)解题技巧。看F2的表现型比例，若表现型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律。将

2、异常分离比与正常分离比9331进行对比，分析合并性状的类型。如比例为934，则为93(31)，即4为两种性状的合并结果。根据具体比例确定出现异常分离比的原因。根据异常分离比出现的原因，推测亲本的基因型或推断子代相应表现型的比例。2“和”为16的显性基因累加效应导致的特殊分离比(1)表现。(2)原因：A与B的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强。3“和”小于16的由基因致死导致的特殊分离比(1)致死类型归类分析。显性纯合致死。隐性纯合致死。(2)致死类问题解题思路。笫一步：先将其拆分成分离定律单独分析。A.正反交结果不同，说明该两对基因的遗传不遵循自由组合定律BF1自交得F2，F2的表现型比

3、例是9331CF1花粉离体培养，将得不到四种基因型的植株DF1产生的AB花粉50%不能萌发，不能实现受精解析：正反交结果均有四种表现型，说明该两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律，A错误；正常情况下，双杂合子测交后代四种表现型的比例应该是1111，而作为父本的F1测交结果为AaBbAabbaaBbaabb1222，说明父本F1产生的AB花粉有50%不能完成受精作用，则F1自交得F2，F2的表现型比例不是9331，B错误、D正确；根据前面分析可知，F1仍能产生4种花粉，所以F1花粉离体培养，仍能得到四种基因型的植株，C错误。答案：D3(2017海淀区期末)雕鸮的羽毛绿色与黄色、条纹和无纹分别由两

4、对常染色上的两对等位基因控制，其中一对显性基因纯合会出现致死现象。绿色条纹与黄色无纹雕鸮交配，F1绿色无纹和黄色无纹雕鸮的比例为11。F1绿色无纹雕鸮相互交配后，F2绿色无纹黄色无纹绿色条纹黄色条纹6321，据此做出的判断，不正确的是()A绿色对于黄色是显性，无纹对条纹是显性，绿色基因纯合致死BF1绿色无纹个体相互交配，后代有3种基因型的个体致死CF2黄色无纹的个体随机交配，后代中黄色条纹个体的比例为DF2某绿色无纹个体和黄色条纹个体杂交，后代表现型比例可能不是1111解析：由分析可知，绿色对于黄色是显性，无纹对条纹是显性，绿色基因纯合致死，A正确；由以上分析可知绿色显性纯合致死，则F2中致死

5、基因型有AABB、AABb、AAbb，B正确；让F2中黄色无纹个体(1aaBB、2aaBb)随机交配，则出现黄色条纹个体(aabb)的概率为，C错误；让F2中某绿色无纹个体(AaBB或AaBb)和黄色条纹个体(aabb)杂交，F2中后代表现型比例可能是11或1111，D正确。答案：C4(2017青州质检)某种植物的花色由两对独立遗传的等位基因A(a)和B(b)控制。A基因控制红色素合成(AA和Aa的效应相同)，B基因为修饰基因，淡化花色的深度(BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化)。现用两组纯合亲本进行杂交，实验结果如下：请回答：(1)该植物控制花色的两对基因的遗传遵循_定律。这两组杂交

6、实验中，白花亲本的基因型分别是_。(2)第1组的F2所有个体再进行自交，产生的后代表现型及比例应为_。(3)第2组F2中红花个体的基因型是_，F2中的红花个体与粉红花个体随机杂交，后代开白花的个体占_。(4)从第2组F2中取一红花植株，请你设计实验，用最简便的方法来鉴定该植株的基因型(简要回答设计思路即可)_。解析：(1)根据题意可知，两对基因独立遗传，因此两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。第1组中，纯合白花(AABB或aaBB或aabb)纯合红花(AAbb)粉红色花(A_Bb)，F1自交后代出现121的分离比，说明F1的基因型为AABb，则白花亲本的基因型为AABB；第2组中，纯合白花(

7、AABB或aaBB或aabb)纯合红花(AAbb)粉红色花(A_Bb)，F1自交后代性状分离比为367，是9331的变式，说明F1的基因型为AaBb，则白花亲本的基因型为aaBB。(2)第1组的F1(AABb)自交所得F2为AABB(白花)AABb(粉红色)AAbb(红色)121，其中AABB和AAbb能稳定遗传， AABb自交后代出现性状分离，所以F2中表现型及比例为红花粉红色白花323。(3)第2组的F1(AaBb)自交所得F2为A_B_A_bbaaB_aabb9331，其中红花个体的基因型及比例为Aabb、AAbb，即Aabb、AAbb，粉红花个体的基因型及比例为AABb、AaBb，即A

8、ABb、AaBb，红花个体与粉红花个体随机杂交，后代开白花(1A_bbA_Bb)的个体占。(4)验证一株红花植株(A_bb)的基因型，可采用测交法，也可采用自交法，其中自交法最简便，即让该植株自交，观察后代的花色。答案：(1)基因的自由组合(基因的分离和自由组合)AABB、aaBB(2)红花粉红花白花323(3)AAbb或Aabb(4)让该植株自交，观察后代的花色5(2017深圳一模)某种植物的花色同时受A、a与B、b两对基因控制。基因型为A_bb的植株开蓝花，基因型为aaB_的植株开黄花。将蓝花植株()与黄花植株()杂交，取F1红花植株自交得F2。F2的表现型及其比例为：红花黄花蓝花白花73

9、11。(1)F1红花的基因型为_，上述每一对等位基因的遗传遵循_定律。(2)对F2出现的表现型及其比例有两种不同的观点加以解释。观点一：F1产生的配子中某种雌雄配子同时致死。观点二：F1产生的配子中某种雌配子或雄配子致死。你支持上述观点_，基因组成为_的配子致死；F2中蓝花植株和亲本蓝花植株的基因型分别是_。解析：由题意知，A_bb与aaB_杂交，子一代一定含有a、b基因，红花植株自交，得到子二代有蓝花(A_bb)、黄花(aaB_)，因此子一代既含有A基因，也含有B基因，子一代红花植株的基因型是AaBb，子一代自交后代的性状分离比是7311，组合方式是12种，所以子一代产生的可育配子是3种和4种，即雌配子或雄配子出现致死现象。(1)由分析可知，子一代红花植株的基因型是AaBb。(2)如果没有配子致死情况，子一代自交产生的子二代的表现型及比例是A_B_aaB_A_bbaabb9331，事实上，子二代的表现型及比例是A_B_(红花)aaB_(黄花)A_bb(蓝花)aabb(白花)7311，白花基因的基因型是aabb，含有ab的雌配子和雄配子都是可育的，A_bb(蓝花)的数目是1而不是3，因此含有Ab的雌配子或者是雄配子致死，F2中蓝花植株的基因型和亲本蓝花植株的基因型都是Aabb。答案：(1)AaBb基因的分离(2)二AbAabb、Aabb