专项突破基因自由组合定律的特殊分离比问题.docx
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专项突破基因自由组合定律的特殊分离比问题
专项突破基因自由组合定律的特殊分离比问题
专项突破基因自由组合定律的特殊分离比问题
1．“和”为16的由基因互作导致的特殊分离化
（1）原因分析。
序号
条件
F1（AaBb）自交后代比例
F1测交后代比例
1
存在一种显性基因时表现为同一性状，其余正常表现
9∶6∶1
1∶2∶1
2
两种显性基因同时存在时，表现为一种性状，否则表现为另一种性状
9∶7
1∶3
3
当某一对隐性基因成对存在时表现为双隐性状，其余正常表现
9∶3∶4
1∶1∶2
4
只要存在显性基因就表现为一种性状，其余正常表现
15∶1
3∶1
（2）解题技巧。
①看F2的表现型比例，若表现型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律。
②将异常分离比与正常分离比9∶3∶3∶1进行对比，分析合并性状的类型。
如比例为9∶3∶4，则为9∶3∶（3∶1），即4为两种性状的合并结果。
③根据具体比例确定出现异常分离比的原因。
④根据异常分离比出现的原因，推测亲本的基因型或推断子代相应表现型的比例。
2．“和”为16的显性基因累加效应导致的特殊分离比
（1）表现。
（2）原因：
A与B的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强。
3．“和”小于16的由基因致死导致的特殊分离比
（1）致死类型归类分析。
①显性纯合致死。
②隐性纯合致死。
（2）致死类问题解题思路。
笫一步：
先将其拆分成分离定律单独分析。
A.正反交结果不同，说明该两对基因的遗传不遵循自由组合定律
B．F1自交得F2，F2的表现型比例是9∶3∶3∶1
C．F1花粉离体培养，将得不到四种基因型的植株
D．F1产生的AB花粉50%不能萌发，不能实现受精
解析：
正反交结果均有四种表现型，说明该两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律，A错误；正常情况下，双杂合子测交后代四种表现型的比例应该是1∶1∶1∶1，而作为父本的F1测交结果为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶2∶2∶2，说明父本F1产生的AB花粉有50%不能完成受精作用，则F1自交得F2，F2的表现型比例不是9∶3∶3∶1，B错误、D正确；根据前面分析可知，F1仍能产生4种花粉，所以F1花粉离体培养，仍能得到四种基因型的植株，C错误。
答案：
D
3．（2017·海淀区期末）雕鸮的羽毛绿色与黄色、条纹和无纹分别由两对常染色上的两对等位基因控制，其中一对显性基因纯合会出现致死现象。
绿色条纹与黄色无纹雕鸮交配，F1绿色无纹和黄色无纹雕鸮的比例为1∶1。
F1绿色无纹雕鸮相互交配后，F2绿色无纹∶黄色无纹∶绿色条纹∶黄色条纹＝6∶3∶2∶1，据此做出的判断，不正确的是（ ）
A．绿色对于黄色是显性，无纹对条纹是显性，绿色基因纯合致死
B．F1绿色无纹个体相互交配，后代有3种基因型的个体致死
C．F2黄色无纹的个体随机交配，后代中黄色条纹个体的比例为
D．F2某绿色无纹个体和黄色条纹个体杂交，后代表现型比例可能不是1∶1∶1∶1
解析：
由分析可知，绿色对于黄色是显性，无纹对条纹是显性，绿色基因纯合致死，A正确；由以上分析可知绿色显性纯合致死，则F2中致死基因型有AABB、AABb、AAbb，B正确；让F2中黄色无纹个体（1aaBB、2aaBb）随机交配，则出现黄色条纹个体（aabb）的概率为××＝，C错误；让F2中某绿色无纹个体（AaBB或AaBb）和黄色条纹个体（aabb）杂交，F2中后代表现型比例可能是1∶1或1∶1∶1∶1，D正确。
答案：
C
4．（2017·青州质检）某种植物的花色由两对独立遗传的等位基因A（a）和B（b）控制。
A基因控制红色素合成（AA和Aa的效应相同），B基因为修饰基因，淡化花色的深度（BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化）。
现用两组纯合亲本进行杂交，实验结果如下：
请回答：
（1）该植物控制花色的两对基因的遗传遵循__________定律。
这两组杂交实验中，白花亲本的基因型分别是__________________。
（2）第1组的F2所有个体再进行自交，产生的后代表现型及比例应为______________________。
（3）第2组F2中红花个体的基因型是____________，F2中的红花个体与粉红花个体随机杂交，后代开白花的个体占________。
（4）从第2组F2中取一红花植株，请你设计实验，用最简便的方法来鉴定该植株的基因型（简要回答设计思路即可）______________
_____________________________________________________。
解析：
（1）根据题意可知，两对基因独立遗传，因此两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。
第1组中，纯合白花（AABB或aaBB或aabb）×纯合红花（AAbb）→粉红色花（A_Bb），F1自交后代出现1∶2∶1的分离比，说明F1的基因型为AABb，则白花亲本的基因型为AABB；第2组中，纯合白花（AABB或aaBB或aabb）×纯合红花（AAbb）→粉红色花（A_Bb），F1自交后代性状分离比为3∶6∶7，是9∶3∶3∶1的变式，说明F1的基因型为AaBb，则白花亲本的基因型为aaBB。
（2）第1组的F1（AABb）自交所得F2为AABB（白花）∶AABb（粉红色）∶AAbb（红色）＝1∶2∶1，其中AABB和AAbb能稳定遗传，AABb自交后代出现性状分离，所以F2中表现型及比例为红花∶粉红色∶白花＝∶∶＝3∶2∶3。
（3）第2组的F1（AaBb）自交所得F2为A_B_
∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，其中红花个体的基因型及比例为Aabb、AAbb，即Aabb、AAbb，粉红花个体的基因型及比例为AABb、AaBb，即AABb、AaBb，红花个体与粉红花个体随机杂交，后代开白花（1－A_bb－A_Bb）的个体占。
（4）验证一株红花植株（A_bb）的基因型，可采用测交法，也可采用自交法，其中自交法最简便，即让该植株自交，观察后代的花色。
答案：
（1）基因的自由组合（基因的分离和自由组合） AABB、aaBB
（2）红花∶粉红花∶白花＝3∶2∶3 （3）AAbb或Aabb （4）让该植株自交，观察后代的花色
5．（2017·深圳一模）某种植物的花色同时受A、a与B、b两对基因控制。
基因型为A_bb的植株开蓝花，基因型为aaB_的植株开黄花。
将蓝花植株（♀）与黄花植株（♂）杂交，取F1红花植株自交得F2。
F2的表现型及其比例为：
红花∶黄花∶蓝花∶白花＝7∶3∶1∶1。
（1）F1红花的基因型为____________，上述每一对等位基因的遗传遵循____________定律。
（2）对F2出现的表现型及其比例有两种不同的观点加以解释。
观点一：
F1产生的配子中某种雌雄配子同时致死。
观点二：
F1产生的配子中某种雌配子或雄配子致死。
你支持上述观点________，基因组成为________的配子致死；F2中蓝花植株和亲本蓝花植株的基因型分别是___________。
解析：
由题意知，A_bb与aaB_杂交，子一代一定含有a、b基因，红花植株自交，得到子二代有蓝花（A_bb）、黄花（aaB_），因此子一代既含有A基因，也含有B基因，子一代红花植株的基因型是AaBb，子一代自交后代的性状分离比是7∶3∶1∶1，组合方式是12种，所以子一代产生的可育配子是3种和4种，即雌配子或雄配子出现致死现象。
（1）由分析可知，子一代红花植株的基因型是AaBb。
（2）如果没有配子致死情况，子一代自交产生的子二代的表现型及比例是A_B_∶aaB_∶A_bb∶aabb＝9∶3∶3∶1，事实上，子二代的表现型及比例是A_B_（红花）∶aaB_（黄花）∶A_bb（蓝花）∶aabb（白花）＝7∶3∶1∶1，白花基因的基因型是aabb，含有ab的雌配子和雄配子都是可育的，A_bb（蓝花）的数目是1而不是3，因此含有Ab的雌配子或者是雄配子致死，F2中蓝花植株的基因型和亲本蓝花植株的基因型都是Aabb。
答案：
（1）AaBb 基因的分离
（2）二 Ab Aabb、Aabb
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