曲靖一中高考复习质量监测卷七理综答案.docx

1、曲靖一中高考复习质量监测卷七理综答案曲靖一中高考复习质量监测卷七理科综合参考答案一、选择题：本题共 13 小题，每小题 6 分。题号12345678910111213答案ADADBDBBDCBDA二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求；第 1921 题有多项符合题目要求，全部选对的给 6 分，选对但不全的给 3分，有选错的给 0 分。题号1415161718192021答案CACACADADBCD【解析】1A 项，胞间连丝属于细胞通道，可以进行物质运输和信息交流。B 项，溶酶体膜破裂，释放的水解酶会破坏细胞结构。C 项，麦芽

2、糖属于二糖，不能被细胞直接吸收。D 项，极性运输由遗传因素决定，不受重力的影响。2D 项，温特只是命名了生长素，其化学本质是由其他科学家探究得到的。3错误的有两项：一种密码子只能决定一种氨基酸，但一种氨基酸可由一种或多种 tRNA来转运；病毒寄生在活细胞内，其遗传信息的表达在宿主细胞内完成。4D 项，环境条件保持稳定时，生物也可能会发生突变，种群的基因频率也可能会发生改变。5A 项，下丘脑分泌的激素不能直接作用于甲状腺。C 项，恶性肿瘤的发病率大大上升，主要是免疫系统的监控和清除功能下降。D 项，抗体不属于信息分子。6D 项，使用性引诱剂诱捕害虫属于利用化学信息进行生物防治。7A 项，毛织品的

3、主要成分是蛋白质，加酶洗衣粉能使蛋白质发生水解，衣服损坏，错误。B 项，“投泥泼水愈光明”中蕴含的化学反应是炭与灼热水蒸气反应得到 H2 和 CO 两种可燃性气体，正确。C 项，古人鉴别硝石（KNO3）与朴硝（Na2SO4）的方法是利用焰色反应，错误。D 项，发展新能源汽车的主要目的是为了减少碳的排放量，是为了减排节能，错误。8A 项，因有 NO2 自动转化为 N2O4，分子总数小于 NA，错误。B 项是氢元素的归中反应， 配平后 1mol NaBH4 生成 4mol H2，转移 4mol 电子，正确。C 项，据方程式增重 4g 转移 2mol 电子，增加 2g 时转移电子数为 NA，错误。D

4、 项，无溶液体积不能计算。9A 项，可能溶液中含 Ag+，加入 BaCl2 后生成 AgCl 白色沉淀，同样不溶于稀硝酸，错误。B 项，反应生成无色 NO，在试管口被空气氧化为红棕色的 NO2，而不是 HNO3 分解，错误。C 项，醛基也可以还原酸性 KMnO4 而使溶液的紫红色褪去，错误。D 项，CuSO4 和 KI 发生了氧化还原反应生成 I2 和 CuI，用苯萃取 I2 后上层呈紫红色，下层有白色沉淀 CuI，正确。10A 项，ClO具有强氧化性，SO2 具有还原性，发生氧化还原反应生成 CaSO4 和 Cl，错误。B 项的离子配比不对，应为 2Fe2+4Br+3Cl2=2Fe3+2Br

5、2+6Cl。根据酸性强弱可知， C 正确。D 项，忽略了碘离子的还原性，正确的为 Fe3O4+8H+2I=3Fe2+I2+4H2O。11.：、与 NaHCO3 反应要有COOH，它们是 、 、共 4 种。酸性条件下水解应含酯基 、共 6 种，即一个支链OOCCH3、CH2OOCH、COOCH3，两个支链CH3 和 HCOO，分别有邻、间、对三种共 6 种。12.依题意可知：甲为N，乙为 O，丙为 Na，丁为 Cl，四种元素简单离子半径大小为丁甲 乙丙，A 错误。N 与氢元素可形成 NH3、N2H4、NH4H 等物质，除极性键外，N2H4 还含非极性键，NH4H 还含离子键，B 错误。丁、甲的氧

6、化物对应的水化物均有多种，有强酸HNO3、HClO4，弱酸 HNO2、HClO，丁的最高价氧化物对应水化物的酸性强，C 错误。O、Na、Cl 三种元素可形成次氯酸钠，D 正确。13.若向溶液中加入 n(HNO3)=0.5n(Na2CO3)，由于 CO2水解生成 HCO，则 c(CO2) c(NO)，由于 OH来源于水的电离，其物质的量浓度小于 c(HCO)，溶液显碱性，3 3 33c(OH)c(H+)；由图知，当 pH6 时，c(H2CO3)保持不变，而 c(HCO)仍在降低，由碳原子数目守 恒知应 有 CO2 放出； 由 CO 2 +H O OH+HCO 知， 3 2 3c(OH- ) c(

7、HCO- ) KK = 3 = W ，因 A 点 时溶液中 c(CO 2 )=c(HCO ) ，故 h c(CO2- ) K（H CO ） 3 33 2 2 3c(OH) = KW， K (H CO ) = KW= 1010.3=51011；pH=8 时溶液中含碳微粒K2 (H2CO3 )2 2 3c(OH- )只有 HCO，溶质只有 NaHCO 与 NaNO ，OH只来源于水的电离。3 3 314.核电站所使用核装置的核反应原理是原子核的裂变，故 A 错误。该反应有能量释放，质量有亏损，反应物的总质量大于生成物的总质量，故 B 错误。核反应中生成物比反应物更加稳定， 4 He 核的比结合能大

8、于 2 H 的比结合能，故 C 正确。该反应发出的 射线具有2 1很强的穿透能力，电离能力较弱，故 D 错误。15.将小车与小球分离看，因为小车受到斜面的摩擦，加速度小于小球，所以小车相对于小球有向后运动的趋势，故 A 正确。16.若上移 A 板，板间距变大，电容变小，二极管会导致电容器无法放电，电容器电荷量不变，场强不变，质点将无法到达 b 孔，故 A 错误。若上移 B 板，板间距变小，电容变大， 电容器充电，电容器电压不变，电场力做功不变，重力做功变少，质点将无法到达 b 孔， 故 B 错误。若下移 A 板，板间距变小，电容变大，电容器充电，电容器电压不变，电场力做功不变，质点恰好到达 b

9、 孔，故 C 正确。若下移 B 板，板间距变大，电容变小，二极管会导致电容器无法放电，电容器电荷量不变，场强不变，质点将无法到达 b 孔，故 D 错误。U17.设原副线圈匝数比为 k，当开关闭合时，原副线圈电流关系满足10I k = k ；当开关断开R时，电源电压 U 满足U = IR + Ik 2 R ，两式联立解得 k = 1 ，故 A 正确。318.由题易得电荷在磁场中运动的最长时间为 m ，故 A 错误。由 R = mv ，若电荷垂直于 BCqB qB边射出，电荷的速率为 4LqB ，若电荷从 C 点射出，电荷的速率为 41LqB ，故 B 错误，C5m 40m正确。电荷的运动速率不同

10、，如果从 AB 边射出，它们在磁场中的运动时间相同，故 D 错误。19.假设卫星在半径为 r2 的圆轨道上运行时速度为 v2 ，由卫星的速度公式 v =知，卫星在半径为 r2 的圆轨道上运行时速度比卫星在半径为 r1 的圆轨道上运行时速度小，即v2 v1 ，卫星要从椭圆轨道变轨到半径为 r2 的圆轨道，在 B 点必须加速，则 vB v2 ，所以有 v a ，B 1 r2 A B故 B 错误。卫星在圆轨道运行的速度小于 7.9km/s，故 C 错误。设卫星在半径为 r1 的圆轨3 r1 + r2 r3 2 道上运行时周期为 T1，在椭圆轨道运行周期为 T2，根据开普勒第三定律有 1 = ，T 2

11、 T 21 2又因为T = 2r1 ，解得T = ， 卫星从 A 点运动至 B 点的最短时间t = T 2 ，v1 2联立解得t =，故 D 正确。20.由 x - t 图象可知，碰前滑块 a 的速度 va = -2m/s ，碰前滑块 b 的速度 vb = 1m/s ，a、b 碰后的速度为 v = 2 m/s ，故 A 正确。由动量守恒可知 m v + m v = (m + m )v ，解得滑块 b3 a a b b a b的质量为 8kg，故 B 错误。碰后 a、b 一起运动 1m 后速度减为 0，v2 = 2 gx ，解得 = 1 ，45故 C 错误。两滑块碰撞过程中损失的机械能为E =

12、1 m v2 + 1 m v2 - 1 (m + m )v2 = 4J ， 2 a a 2 b b 2 a b故 D 正确。21a 棒在拉力 F 作用下向左做加速运动切割磁感线，与 b 棒组成回路，所以 b 棒在安培力作用下向左做加速运动，电路中的总电动势为 E = BLva - BLvb ，a 棒做加速度减小的加速运动，b 棒做加速度增大的加速运动，当加速度相等时，电路中的电流恒定，由受力可知，对 a 导体棒有 F - BIL = ma，对 b 导体棒有 BIL = 2ma ，即 2 F = BIL ，其中 I = E ，解3 2R得v =4FR3B2 L2，故 A 错误，B 正确。对 a、

13、b 系统用动量定律可知， Ft = mva + 2mvb ，联立可解得 vb= Ft -3m4FR9B2 L2；若在 t 时刻撤去恒力 F 后，a、b 金属棒组成的系统不受外力，只受安培力的作用，所以系统动量守恒，机械能不守恒，故 C、D 正确。三、非选择题（一）必考题：共 11 题，共 129 分。22（每空 2 分，共 6 分）（1）B（2）4.9（3）偏大【解析】（1）横轴截距是原长，b 比 a 的原长长，故 A 错误。斜率表示劲度系数，a 的劲度系数比 b 大，故 B 正确。弹簧的弹力与弹簧的变化量成正比，故 C 错误。（2）弹簧的劲度系数 k = F = 0.06 9.8 N/m =

14、 4.9N/m 。 x 0.12（3）钩码实际质量偏小，但计算中按标数处理，即力偏大，造成结果偏大。23（除特殊标注外，每空 1 分，共 9 分）（1）A D E（2）B（2 分）（3）10（2 分）（4）0.275（0.250.29 皆可）（2 分）【解析】（1）分析可得小灯泡的额定电流不到 0.6 A，为了提高测量准确度和有效性，应选择量程为 3V 的电压表（代号 A），选择量程为 0.6 A 的电流表（代号 D）。研究小灯泡的伏安特性，应该设计成分压电路，滑动变阻器选择最大阻值较小的 R1（代号E）。（2）由于小灯泡电阻较小，电流表应采用外接法，所以给出的测量电路图中，最合理的是 B。（

15、3）由题图可知，当电压为 2.8V 时，电流为 0.28A，则电阻 R = U = 10 。I（4）设小灯泡在电路中的工作电压为 U，电流为 I，电路中应该满足的关系为3 = 1.5U + 5I ，在图中作出所对应的直线，交点处的坐标是（ 1.25 ， 0.22 ） ，小灯泡的功率 P = 1.25 0.22W = 0.275W 。24（12 分）解：（1）由受力分析可知小球受到竖直向下的重力 mg ，水平向右的电场力Eq = 3mg = 5 3 10-3 N （2）当撤去磁场时，小球受到电场力与重力的合力与洛仑兹力大小相等方向相反垂直 AC 向上的洛仑兹力 f = qvB = 2mg = 1

16、0-2 N 合F = f = 10-2 N 小球加速度 a = F合 = 20m/s2 m（3）撤去磁场时，小球所受合力与 C 点速度方向垂直，小球做类平抛运动，小球沿 AC 方向做匀速运动，垂直于 AC 方向做加速度为 a 的匀加速运动 垂直于 AC 方向有 h cos 60= 1 at 2 2解得t = 0.2s 沿 AC 方向有 h sin 60= vt 解得 v = 2 3m/s 由小球所受洛仑兹力 f = qvB = 10-2 N解得 B = 50T 评分标准：本题共 12 分。正确得出、式各给 2 分，其余各式各给 1 分。25（20 分）解：（1）A、B 间的摩擦力 f = mg

17、 = 5N 运用牛顿运动定律对 A 分析， f = MaA ，解得 aA = 2.5m/s2 ，方向向左 运用牛顿运动定律对 B 分析， F + f = maB ，解得 aB = 17.5m/s2 ，方向向右 （2）当 A、B 运动时间t 后速度相等时， vA = vB由运动学公式可知 aAt = v0 - aBt ，解得t = 1s 此时，A、B 的速度 v = aAt = 2.5m/s 木板 A 运动的位移 x= 1 a t 2 = 1.25m A2 A滑块 B 运动的位移 x= v t - 1 a t 2 = 11.25m B0 2 BB 的相对位移 d = xB - xA = 10m

18、A、B 共速之后，A 相对于 B 向前滑动当 A 相对 B 向前滑动 d 时 B 从 A 板右端掉下，产生的热量Q = f 2d = 100J A（3）A 相对于 B 向前滑动，滑块 A 的加速度为 a = 2.5m/s2 ，方向向右 滑块 B 的加速度为 a = F - f= 7.5m/s2 ，方向向右 B m当 A 经过时间t1 相对 B 向前滑动 d 时木板 A 运动的位移 x = vt - 1 a t 2 A 1 2 A 1滑块 B 运动的位移 x = vt- 1 a t 2 B 1B 的相对位移 xA - xB = d解得t1 = 2s2B 1所以，小滑块 B 经过 3s 从木板 A

19、 右端掉下 评分标准：本题共 20 分。正确得出、式各给 2 分，其余各式各给 1 分。26（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分）（1）2MnO+16H+10Cl=2Mn2+5Cl +8H O 12（1 分）4 2 2（2）把反应装置中的空气排尽（1 分）将分液漏斗改为恒压滴液漏斗或在分液漏斗与圆底烧瓶间接一段橡皮管（3）冷凝液化 PCl3（1 分）（4）PCl3+5OH=HPO2+3Cl+2H O（5） NOCl+H2O=HCl+HNO2（6）碱石灰（1 分） 吸收污染性气体 Cl2，阻止空气中的水蒸气进入 PCl3 储液罐（1 分）27（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分）（1

20、）利用草酸与氯酸钠反应生成的 CO2 稀释 ClO2，防止 ClO2 浓度较高发生爆炸（2）2ClO+SO2+2H+=2ClO +SO2+H O 213 3 2 4 22（3）2ClO2+H2O2+2OH=2ClO+O2+2H2OH2O2 的生成物为 O2 和 H2O，在反应过程中不引入其他杂质（1 分）（4）防止 NaClO2 受热分解（5）当滴加最后一滴 Na2S2O3 标准溶液时，溶液蓝色褪去，且半分钟内不恢复蓝色17.92【解析 】（ 5 ）根 据关系 式 ： 2ClO2 5I2 10Na2S2O3 ， n(ClO2) = 1 n(Na2S2O3)51 3 1 3 4 4= 5 201

21、0 L0.2mol/L= 5 410 =810 mol，V(ClO2)=810 mol22400mL/mol=17.92mL 。28（除特殊标注外，每空 2 分，共 13 分）（1）248.2（1 分）（2）31.28a2AD（3）CH3OH6e+8OH=CO2+6H O3 22.24LFe2+ 280【解析】（ 1 ）应用盖斯定律2+得： 3H2(g)+3CO(g) CH3OCH3(g)+CO2(g)H = (91.7kJmol1)2+(23.5kJmol1)+(41.3kJmol1)=248.2kJmol1。（2） CO(g) + 2H2(g) CH3OH(g)起始（mol） a 2a 0

22、转化（mol） x 2x x平衡（mol） a - x 2a - 2x xa - x + 2a - 2x + x = 1.8a ，解得 x = 0.6a 。2K = c(CH3OH) c(CO) c2 (H )= 0.6a 0.4a (0.8a)2= 3 。1.28a2A 项，该表达式代表平衡常数表达式，不变时反应达到平衡状态；B 项，消耗 CO 的同时生成 CH3OH，同向反应，不能判断平衡状态；C 项，气体总质量不变，气体总体积不变，故气体的密度始终不变，不能判断平衡状态；D 项，气体总质量不变，气体总物质的量减小，当平均摩尔质量不再改变时达到平衡状态。故选 AD。3（3）甲醇燃料电池的负

23、极失电子发生氧化反应，电极反应式为 CH3OH6e+8OH=CO2+6H2O。工作一段时间后，断开 K，此时 A、B 两极上产生的气体体积相同，分析电极反应可知， B 为阴极，溶液中析出铜，氢离子得到电子生成氢气，设生成气体的物质的量为 x mol， 溶液中铜离子的物质的量为 0.1mol，电极反应如下：Cu2+ + 2e=Cu，2H+ + 2e=H20.1mol 0.2mol 2x mol x molA 电极为阳极，溶液中的氢氧根离子失电子生成氧气，电极反应如下：4OH 4e=2H2O + O24x mol x mol得到 0.2mol+ 2x mol= 4x mol，解得 x = 0.1

24、，乙中 A 极析出的气体是氧气，物质的量为1.1mol，在标准状况下的体积为 2.24L。根据转移电子的物质的量和金属阳离子的物质的量变化可知，铜离子从零开始增加， 铁离子的物质的量减小，亚铁离子的物质的量增加，所以 a 为 Fe3+，b 为 Fe2+，c 为Cu2+， 依据转移的电子的物质的量应该为 0.4mol，生成 Cu2+的物质的量就为 0.2mol，横轴、纵轴每个单位都是 0.1mol，且根据图象此时溶液中亚铁离子的物质的量为 0.5mol，根据电荷守恒， 当溶液中所有的阳离子完全沉淀时，所需氢氧根离子的物质的量为1.2mol2+0.5mol2=1.4mol，所以 V(NaOH) =

25、1.4mol 5.0mol L-1= 0.28L = 280mL。29（除特殊标注外，每空 2 分，共 10 分）（1）线粒体、叶绿体和细胞质基质（1 分） 增加（1 分）（2）温度（若答成温度和 CO2，不给分） 不能（3）小 于 不 变【解析】（1）30、2klx 的条件下，该绿藻细胞（真核生物）的净光合速率为零，其光合速率等于呼吸速率，其光合作用和呼吸作用都在进行，此时消耗 ADP 的场所有线粒体、叶绿体和细胞质基质，此时，适当提高光照强度，光反应加快，促使 C3 的还原加快，生成的 C5 增多，而其消耗量不变，故 C5 化合物的含量升高。（2）20、4klx 的条件下，该绿藻细胞的总光

26、合速率为 8nmol/h，呼吸速率为 10nmol/h， 此时呼吸速率强于光合速率，细胞向外界释放 CO2，而此时已达到光的饱和点，故限制其光合速率的主要环境因素只有温度。长期处于此状态下，绿藻细胞不能生长。（3）据图分析可知，该绿藻在 30时的细胞呼吸速率是 4nmol/h，在 20时的细胞呼吸速率是 10nmol/h，且不随光照强度的改变而改变。30（除特殊标注外，每空 1 分，共 9 分）（1）肾上腺素 甲状腺 骨骼肌细胞和肝脏细胞的细胞膜上含有肾上腺素和甲状腺激素的受体（2 分）（2）浆 记忆细胞 靶细胞（3）两重 乙烯【解析】（1）甲状腺激素和肾上腺素都可作用于骨骼肌和肝脏，说明骨骼

27、肌细胞和肝脏细胞的细胞膜上含有肾上腺素和甲状腺激素的受体。（2）相同抗原再次入侵机体，可引发二次免疫。此时，浆细胞产生抗体进行体液免疫， 并由记忆细胞迅速增殖分化形成效应 T 细胞，进行细胞免疫。（3）生长素浓度过高时，会促进乙烯的合成。31（除特殊标注外，每空 2 分，共 8 分）（1）垂直（1 分） 能显著提高群落利用阳光等环境资源的能力（2）实现能量的多级利用，提高能量的利用率（3）直接（1 分） 物质和能量【解析】（1）群落的垂直结构能显著提高群落利用阳光等环境资源的能力。（2）合理利用有机废弃物，可实现能量的多级利用，提高能量的利用率。（3）食用价值属于直接价值，对人类利用较大的生态

28、系统，应对其实施相应物质与能量的投入。32（除特殊标注外，每空 2 分，共 12 分）（1）全为白眼或雌雄果蝇中红眼、白眼各一半 雌果蝇全为红眼，雄果蝇全为白眼（2）该棕眼（1 分） 红眼（1 分）棕眼红眼= 11 红眼棕眼白眼 棕眼白眼红眼【解析】（1）若白眼对红眼为显性，则红眼雄（XbY）和白眼雌（XBXB 或 XBXb ）杂交， 则子代全为白眼或雌雄果蝇中红眼、白眼各一半；若红眼对白眼为显性，则红眼雄（XBY） 和白眼雌（XbXb）杂交，则子代雌果蝇全为红眼，雄果蝇全为白眼。（2）由于是显性突变，故棕眼白眼，假定棕眼基因为 X，现要探究红眼和棕眼、白眼的显隐性关系，可选取该棕眼雌果蝇与野

29、生型红眼雄果蝇杂交，根据子代雌果蝇的性状进行判断。若棕眼红眼白眼，即 XXBXb ，则棕眼雌果蝇（XXb）与野生型红眼雄果蝇（XBY）杂交，子代雌果蝇中棕眼红眼=11。其余情况同理均可推算出。（二）选考题：共 45 分。33. （15 分）（1）（5 分）BDE（选对 1 个给 2 分，选对 2 个给 4 分，选对 3 个给 5 分；每选错 1 个扣3 分，最低得分为 0 分）【解析】布朗运动反映了液体分子做无规则运动，不是液体分子真实的运动，故 A 错误。温度越高，分子运动越剧烈，布朗运动就越显著，故 B 正确。物体的温度越高，分子运动就越激烈，分子的平均动能越大，每个分子的动能不一定越大，故 C 错误。气体从外界吸收热量，其内能不一定增加，也可能会用于对外做功，故 D 正确。水的饱和汽压随温度的升高而显著增加，故 E 正确。（2）（10 分）解：由理想气体状态方程可知 0.8 p0 V =p V0 2