人教新版新教材高中物理选择性必修第一册各章检测题共四套.docx

1、人教新版新教材高中物理选择性必修第一册各章检测题共四套第一章动量守恒定律章末检测(时间：60分钟满分：100分)一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的4个选项中，第15题只有一个选项符合要求，第68题有多个选项符合要求全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1如图所示，“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动下列叙述正确的是()A摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变B在最高点时，乘客重力大于座椅对他的支持力C摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零D摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬

2、时功率保持不变解析：A错：摩天轮转动过程中，乘客的动能不变，重力势能不断变化，故乘客的机械能不断变化B对：乘客在最高点时，具有向下的加速度，处于失重状态C错：根据IFt知，重力的冲量不为0.D错：根据Pmgvcos ，为力方向与速度方向之间的夹角，摩天轮转动过程中，不断变化，重力的瞬时功率不断变化答案：B2.如图所示，两木块A、B用轻质弹簧连在一起，置于光滑的水平面上一颗子弹水平射入木块A，并留在其中在子弹打中木块A及弹簧被压缩的整个过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统，下列说法中正确的是()A动量守恒、机械能守恒B动量守恒、机械能不守恒C动量不守恒、机械能守恒D动量、机械能都不守恒解析：子

3、弹击中木块A及弹簧被压缩的整个过程，系统不受外力作用，外力冲量为0，系统动量守恒但是子弹击中木块A过程，有摩擦力做功，部分机械能转化为内能，所以机械能不守恒，B正确答案：B3将静置在地面上，质量为M(含燃料)的火箭模型点火升空，在极短时间内以相对地面的速度v0竖直向下喷出质量为m的炽热气体忽略喷气过程重力和空气阻力的影响，则喷气结束时火箭模型获得的速度大小是()A.v0B.v0C.v0D.v0解析：根据动量守恒定律mv0(Mm)v，得vv0，选项D正确答案：D4.如果一个系统不受外力，或者所受外力的矢量和为零，这个系统的总动量保持不变，这就是动量守恒定律若一个系统动量守恒时，则()A此系统内每

4、个物体所受的合力一定都为零B此系统内每个物体的动量大小不可能都增加C此系统的机械能一定守恒D此系统的机械能可能增加解析：若一个系统动量守恒，则整个系统所受的合力为零，但是此系统内每个物体所受的合力不一定都为零，A错误此系统内每个物体的动量大小可能会都增加，但是方向变化，总动量不变这是有可能的，B错误因系统合外力为零，但是除重力以外的其他力做功不一定为零，故机械能不一定守恒，系统的机械能可能增加，也可能减小，C错误，D正确答案：D5如图所示，质量为M的小车静止在光滑的水平面上，小车上AB部分是半径为R的四分之一光滑圆弧，BC部分是粗糙的水平面今把质量为m的小物体从A点由静止释放，小物体与BC部分

5、间的动摩擦因数为，最终小物体与小车相对静止于B、C之间的D点，则B、D间的距离x随各量变化的情况是()A其他量不变，R越大x越大B其他量不变，越大x越大C其他量不变，m越大x越大D其他量不变，M越大x越大解析：小车和小物体组成的系统水平方向的动量守恒且为零，所以当小车和小物体相对静止时，系统水平方向的总动量仍为零，则小车和小物体相对于水平面也静止，由能量守恒得mgxmgR，xR/，选项A正确，B、C、D错误答案：A6水平抛出在空中飞行的物体，不考虑空气阻力，则()A在相等的时间间隔内动量的变化相同B在任何时间内，动量变化的方向都是竖直向下C在任何时间内，动量对时间的变化率恒定D在刚抛出物体的瞬

6、间，动量对时间的变化率为零解析：做平抛运动的物体仅受重力作用，由动量定理得pmgt，因为在相等的时间内动量的变化量p相同，即大小相等，方向都是竖直向下的，从而动量的变化率恒定，故选项A、B、C正确，D错误答案：ABC7如图所示，三个小球的质量均为m，B、C两球用轻弹簧连接后放在光滑的水平面上，A球以速度v0沿B、C两球球心的连线向B球运动，碰后A、B两球粘在一起对A、B、C及弹簧组成的系统，下列说法正确的是()A机械能守恒，动量守恒B机械能不守恒，动量守恒C三球速度相等后，将一起做匀速运动D三球速度相等后，速度仍将变化解析：因水平面光滑，故系统的动量守恒，A、B两球碰撞过程中机械能有损失，A错

7、误，B正确；三球速度相等时，弹簧形变量最大，弹力最大，故三球速度仍将发生变化，C错误，D正确答案：BD8如图所示，甲、乙两车的质量均为M，静置在光滑的水平面上，两车相距为L.乙车上站立着一个质量为m的人，他通过一条轻绳拉甲车，甲、乙两车最后相接触，以下说法正确的是 ()A甲、乙两车运动中速度之比为B甲、乙两车运动中速度之比为C甲车移动的距离为LD乙车移动的距离为L解析：本题类似人船模型甲、乙、人看成一系统，则水平方向动量守恒，甲、乙两车运动中速度之比等于质量的反比，即为，A正确，B错误；Mx甲(Mm)x乙，x甲x乙L，解得C、D正确答案：ACD二、非选择题(本题共5小题，共52分，按题目要求作

8、答)9(8分)如图所示为“探究碰撞中的不变量”的实验装置示意图已知a、b小球的质量分别为ma、mb，半径分别为ra、rb，图中P点为单独释放a球的平均落点，M、N是a、b小球碰撞后落点的平均位置(1)本实验必须满足的条件是_A斜槽轨道必须是光滑的B斜槽轨道末端的切线水平C入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速度释放D入射球与被碰球满足mamb，rarb(2)为了验证动量守恒定律，需要测量OP间的距离x1，则还需要测量的物理量有_、_(用相应的文字和字母表示)(3)如果动量守恒，须满足的关系式是_(用测量物理量的字母表示)答案：(1)BC(2)测量OM的距离x2测量ON的距离x3(3)max1m

9、ax2mbx3(写成maOPmaOMmbON也可以)10(10分)如图所示，在实验室用两端带有竖直挡板C和D的气垫导轨和有固定挡板的质量都是M的滑块A和B做“探究碰撞中的守恒量”的实验，实验步骤如下：.把两滑块A和B紧贴在一起，在A上放质量为m的砝码，置于导轨上，用电动卡销卡住A和B，在A和B的固定挡板间放入一轻弹簧，使弹簧处于水平方向上的压缩状态；.按下电钮使电动卡销放开，同时启动两个记录两滑块运动时间的电子计时器，当A和B与固定挡板C和D碰撞同时，电子计时器自动停表，记下A至C的运动时间t1，B至D的运动时间t2；.重复几次，取t1和t2的平均值(1)在调整气垫导轨时应注意_；(2)应测量

10、的数据还有_；(3)只要关系式_成立，即可得出碰撞中守恒的量是mv的矢量和解析：(1)导轨水平才能让滑块做匀速运动(2)需测出A左端、B右端到挡板C、D的距离x1、x2由计时器计下A、B到两板的时间t1、t2算出两滑块A、B弹开的速度v1，v2.(3)由动量守恒知(mM)v1Mv20即：(mM).答案：(1)使气垫导轨水平(2)滑块A的左端到挡板C的距离x1和滑块B的右端到挡板D的距离x2(3)(Mm)11(10分)在光滑的水平面上，质量为2m的小球A以速率v0向右运动在小球的前方O点处有一质量为m的小球B处于静止状态，如图所示小球A与小球B发生正碰后均向右运动小球B被在Q点处的墙壁弹回后与小

11、球A在P点相遇，PQ1.5PO.假设小球与墙壁之间的碰撞没有能量损失，求：(1)两球在O点碰后速度的大小？(2)求两球在O点碰撞的能量损失解析：(1)由碰撞过程中动量守恒得2mv02mv1mv2由题意可知：OPv1tOQPQv2t解得v1v0，v2v0.(2)两球在O点碰撞前后系统的机械能之差E2mv代入(1)的结果得E0.答案：(1)v1v0，v2v0(2)012.(12分)如图所示，小球A质量为m，系在细线的一端，线的另一端固定在O点，O点到水平面的距离为h.物块B质量是小球的5倍，置于粗糙的水平面上且位于O点正下方，物块与水平面间的动摩擦因数为.现拉动小球使线水平伸直，小球由静止开始释放

12、，运动到最低点时与物块发生正碰(碰撞时间极短)，反弹后上升至最高点时到水平面的距离为.小球与物块均视为质点，不计空气阻力，重力加速度为g，求碰撞过程物块获得的冲量及物块在地面上滑行的距离解析：设小球的质量为m，运动到最低点与物体块相撞前的速度大小为v1，取小球运动到最低点时的重力势能为零，根据机械能守恒定律有mghmv解得：v1设碰撞后小球反弹的速度大小为v1，同理有mgmv12解得：v1设碰撞后物块的速度大小为v2，取水平向右为正方向由动量守恒定律有mv1mv15mv2解得：v2由动量定理可得，碰撞过程滑块获得的冲量为：I5mv2m物块在水平面上滑行所受摩擦力的大小为F5mg设物块在水平面上

13、滑动的距离为s，由动能定理有Fs05mv解得：s.答案：m13(12分)如图所示，物块A和B通过一根轻质不可伸长的细绳相连，跨放在质量不计的光滑定滑轮两侧，质量分别为mA2 kg、mB1 kg.初始时A静止于水平地面上，B悬于空中现将B竖直向上再举高h1.8 m(未触及滑轮)，然后由静止释放一段时间后细绳绷直，A、B以大小相等的速度一起运动，之后B恰好可以和地面接触取g10 m/s2，空气阻力不计求：第二章机械振动章末检测(时间：60分钟满分：100分)一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的5个选项中，有3项符合题目要求，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得6分每选

14、错1个扣3分，最低得分为0分)1做简谐运动的物体经过平衡位置时()A速度为零 B回复力为零C加速度为零 D位移为零E动能最大解析：简谐运动的平衡位置是回复力为零的位置，而物体在平衡位置时加速度不一定为零例如，单摆在平衡位置时存在向心加速度简谐运动的物体经过平衡位置时速度最大，位移为零答案：BDE2一个水平弹簧振子的振动周期是0.025 s，当振子从平衡位置向右运动，经过0.17 s时，振子运动情况是()A正在向右做减速运动B正在向右做加速运动C位移正在减小D正在向左做加速运动E势能正在减小解析：6，T在TT之间，故0.17 s时振子从最大位移处正向右加速接近平衡位置答案：BCE3一弹簧振子做简

15、谐运动，它所受的回复力F随时间t变化的图线为正弦曲线，如图所示，下列说法正确的是()A在t从0到2 s时间内，弹簧振子做减速运动B在t13 s和t25 s时，弹簧振子的速度大小相等，方向相反C在t15 s和t27 s时，弹簧振子的位移大小相等，方向相同D在t从0到4 s时间内，t2 s时刻弹簧振子所受回复力做功功率最小E在t从0到4 s时间内，回复力的功率先增大后减小解析：由于Fkx，由Ft图象知，在0到2 s时间内，弹簧振子位移变大，离开平衡位置做减速运动，A对；在t13 s和t25 s时，图象斜率相同，说明速度大小相等，方向相同，B错；t15 s和t27 s时位移大小、方向都相同，C对；在

16、0到4 s时间内，t2 s时刻弹簧振子回复力最大，在端点位置，速度为零，功率最小，D对E错答案：ACD4如图所示为某弹簧振子在05 s内的振动图象，由图可知，下列说法中正确的是()A振动周期为5 sB振幅为8 cmC第2 s末振子的速度为零，加速度为正向的最大值D第3 s末振子的速度为正向的最大值E从第1 s末到第2 s末振子在做加速运动解析：根据图象，周期T4 s，振幅A8 cm，A错误，B正确第2 s末振子到达负的最大位移处，速度为零，加速度为正向的最大值，C正确第3 s末振子经过平衡位置，速度达到最大值，且向正方向运动，D正确从第1 s末到第2 s末振子经过平衡位置向下运动，速度逐渐减小

17、，做减速运动，E错误答案：BCD5如图所示，一个弹簧振子在A、B间做简谐运动，O点是平衡位置，以某时刻作为计时零点(t0)，过周期，振子具有正方向的最大速度那么下面五个图象中哪个能够正确反映振子的振动情况()ABCDE解析：tT时，振子具有正向的最大速度，则t0时，振子应处于负向最大位移处，此时，回复力和加速度正向最大故选项C、E错，A、B、D对答案：ABD6一质点做简谐运动的位移x与时间t的关系如图所示，由图可知()A频率是2 HzB振幅是5 cmCt1.7 s时的加速度为正，速度为负Dt0.5 s时，质点所受合外力为零Et0.5 时回复力的功率为零解析：由简谐运动的图象可判断出振子的周期为

18、2 s，则频率f0.5 Hz；该质点的振幅为5 cm；1.7 s时位移为负值，则加速度为正，根据图象走向可判断速度为负；0.5 s时，振动质点位于平衡位置，回复力为零，但合外力不一定为零(如单摆在平衡位置时合外力指向圆心)答案：BCE7如图所示的装置中，在曲轴AB上悬挂一个弹簧振子，若不转动把手C，让其上下振动，周期为T1，若使把手以周期T2(T2T1)匀速转动，当运动都稳定后，则()A弹簧振子的振动周期为T1B弹簧振子的振动周期为T2C弹簧振子的振动频率为D要使弹簧振子的振幅增大，可让把手转速减小E要使弹簧振子的振幅增大，可让把手转速增大解析：弹簧振子在把手作用下做受迫振动，因此振动周期为T

19、2，A错，B、C对；由于T2T1，故欲使振幅增大，应使T2减小，即转速应增大，D错，E对答案：BCE8如图所示，用绝缘细线悬挂的单摆，摆球带正电，悬挂于O点，摆长为l，当它摆过竖直线OC时便进入或离开匀强磁场，磁场方向垂直于单摆摆动的平面向里，A，B点分别是最大位移处下列说法中正确的是()AA点和B点处于同一水平面BA点高于B点C摆球在A点和B点处线上的拉力大小相等D单摆的振动周期仍为T2E单摆向右或向左摆过D点时，线上的拉力大小相等解析：摆球运动过程中机械能守恒，所以A，B在同一高度选项A正确，B错误；球在B点不受洛伦兹力，与球在A点时受拉力大小相等，选项C正确；球在磁场中运动时虽然受洛伦兹

20、力，但洛伦兹力总与速度方向垂直，不能提供回复力，所以不改变振动的周期，选项D正确；单摆向右或向左摆过D点时，速度大小相等，但洛伦兹力的方向相反，所以线上的拉力不相等，选项E错误答案：ACD二、非选择题(共4小题，共52分，按题目要求作答)9(8分)某同学在进行研究弹簧振子的周期和小球质量的关系的实验时，利用如图甲所示装置进行了如下实验：让弹簧振子穿过一光滑的水平横杆，在弹簧振子的小球上安装一支笔，下面放一条纸带当小球振动时，垂直于振动方向以恒定的加速度拉动纸带，加速度大小为a，这时笔在纸带上画出如图乙所示的一条曲线，请根据图乙中所测得的长度s1，s2，写出计算弹簧振子的周期的表达式：T_解析：

21、由于纸带做匀加速直线运动，且运动s1和s2所用时间均等于弹簧振子的振动周期T，由匀加速直线运动规律知s2s1aT2，所以T .答案：10(12分)某实验小组在“利用单摆测定当地重力加速度”的实验中：(1)用游标卡尺测定摆球的直径，测量结果如图所示，则该摆球的直径为_cm.(2)小组成员在实验过程中有如下说法，其中正确的是_(填选项前的字母)A把单摆从平衡位置拉开30的摆角，并在释放摆球的同时开始计时B测量摆球通过最低点100次的时间t，则单摆周期为C用悬线的长度加摆球的直径作为摆长，代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大D选择密度较小的摆球，测得的重力加速度值误差较小解析：(1)游标卡尺读

22、数为0.9 cm80.1 mm0.98 cm.(2)单摆符合简谐运动的条件是最大偏角不超过5，并从平衡位置计时，故A错误；若第一次过平衡位置计为“0”，则周期T，若第一次过平衡位置计为“1”，则周期T，B错误；由T2得g，其中l为摆长，即悬线长加摆球半径，若为悬线长加摆球直径，由公式知g偏大，故C正确；为了能够将摆球视为质点和减少空气阻力引起的相对误差，应选密度较大、体积较小的摆球，故D错误答案：(1)0.98(2)C11(16分)如图所示，轻弹簧的下端系着A、B两球，mA100 g，mB500 g，系统静止时弹簧伸长x15 cm，未超出弹性限度若剪断A、B间绳，则A在竖直方向做简谐运动，求：

23、(1)A的振幅为多大(2)A的最大加速度为多大(g取10 m/s2)解析：(1)设只挂A时弹簧伸长量x1.由(mAmB)gkx，得k，即x1x2.5 cm.振幅Axx112.5 cm.(2)剪断细绳瞬间，A受最大弹力，合力最大，加速度最大F(mAmB)gmAgmBgmAam，am5g50 m/s2.答案：(1)12.5 cm(2)50 m/s212(16分)如图所示，摆长为L的单摆竖直悬挂后摆球在最低点O距离地面高度为h，现将摆球拉至A点无初速度释放，摆角为(5)当摆球运动到最低点O时，摆线突然断裂不计空气阻力，重力加速度为g，求摆球从A点开始运动到落地经历的时间解析：单摆的周期T2摆线断裂后

24、，由hgt2得：下落时间tt总t.答案：(1)B从释放到细绳绷直时的运动时间t；(2)A的最大速度v的大小；(3)初始时B离地面的高度H.解析：(1)B从释放到细绳刚绷直前做自由落体运动，有hgt2 代入数据解得t0.6 s (2)设细绳绷直前瞬间B速度大小为vB，有vBgt 细绳绷直瞬间，细绳张力远大于A、B的重力，A、B相互作用，由动量守恒得mBvB(mAmB)v 之后A做匀减速运动，所以细绳绷直后瞬间的速度v即为最大速度，联立式，代入数据解得v2 m/s. (3)细绳绷直后，A、B一起运动，B恰好可以和地面接触，说明此时A、B的速度为零，这一过程中A、B组成的系统机械能守恒，有(mAmB

25、)v2mBgHmAgH 代入数据解得H0.6 m 答案：(1)0.6 s(2)2 m/s(3)0.6 m第三章机械波章末检测(时间：60分钟满分：100分)一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的5个选项中，有3项符合题目要求，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得6分每选错1个扣3分，最低得分为0分)1一列声波从空气传入水中，则()A声波频率不变 B声波波长变大C声波频率变小 D声波波长不变E声波波速变大解析：由于波的频率由波源决定，因此波无论在空气中还是在水中频率都不变；又因波在水中速度较大，由公式vf可得，波在水中的波长变大，故A、B、E正确答案：ABE2平静湖面

26、传播着一列水面波(横波)，在波的传播方向上有相距3 m的甲、乙两小木块随波上下运动测得两小木块每分钟都上下30次甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰，这列水面波()A频率是0.5 Hz B波长是3 mC波速是1 m/s D周期是0.1 sE周期是2 s解析：由题意知甲、乙两小木块间的距离x3 m，故波长2 m又知两小木块都是每分钟振动30次，故周期T2 s，频率f0.5 Hz，则波速v1 m/s.故选项A、C、E正确答案：ACE3如图所示，实线是沿x轴传播的一列简谐横波在t0时刻的波形图，虚线是这列波在t0.2 s时刻的波形图该波的波速为0.8 m/s，则下列说法正确的是()A这列波的

27、波长是12 cmB这列波的周期是0.5 sC这列波是沿x轴正方向传播的Dt0时，x4 cm处的质点振动方向为沿y轴负方向E这列波是沿x轴负方向传播的解析：由波形图读出波长，利用波速求解周期，根据传播时间求出可能的传播距离或者将时间与周期相比较，就可以判断传播方向由题图知该波的波长12 cm，故A项正确由v，得T s0.15 s，故B项错误因，故该波沿x轴负方向传播，故C项错误，E项正确由波沿x轴负方向传播可判定t0时刻，x4 cm处质点的振动方向沿y轴负方向，故D项正确答案：ADE4一振动周期为T、振幅为A、位于x0点的波源从平衡位置沿y轴正向开始做简谐振动该波源产生的一维简谐横波沿x轴正向传

28、播，波速为v，传播过程中无能量损失一段时间后，该振动传播至某质点P，关于质点P振动的说法正确的是()A振幅一定为AB周期一定为TC速度的最大值一定为vD开始振动的方向沿y轴向上或向下取决于它离波源的距离E若P点与波源距离svT，则质点P的位移与波源的相同解析：由于没有能量损失，故P与波源的振幅相同，A正确；波在传播过程中周期不变，故B正确；质点的振动速度与波传播的速度是两个概念，故C错误；介质中所有质点开始振动的方向都与波源的起振方向相同，故D错误；若P点与波源距离svT，则P与波源之间的距离为一个波长，故质点P与波源的位移总是相同的，E正确答案：ABE5一列波由波源向周围扩展开去，下列说法正确的是()A介质中各质点由近及远地传播开去B介质中的振动形式由近及远传播开去C介质中振动的能量由近及远传播开去D介质中质点只是振动而没有迁移E在扩展过程中频率逐渐减小解析：波在传播时，介质中的质点在其平衡位置附近做往复运动，它们并没有随波的传播而发生迁移，A错，D对波传播的是振动形式，而振动由能量引起，也传播了能量，而频率不变B、C对答案：BCD6如图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，a、b两质点的横坐标分别为xa2 m和xb6 m，图乙为质点b从该时刻开始计时的振动图象下列说法正确的是()甲乙A该波沿x方向传播B波速为1 m/sC质点a经4 s振动