人教新版新教材高中物理选择性必修第一册各章检测题共四套.docx

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人教新版新教材高中物理选择性必修第一册各章检测题共四套

第一章《动量守恒定律》章末检测

（时间：

60分钟　满分：

100分）

一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的4个选项中，第1～5题只有一个选项符合要求，第6～8题有多个选项符合要求．全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）

1．如图所示，“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一．摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动．下列叙述正确的是（　　）

A．摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变

B．在最高点时，乘客重力大于座椅对他的支持力

C．摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零

D．摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变

解析：

A错：

摩天轮转动过程中，乘客的动能不变，重力势能不断变化，故乘客的机械能不断变化．

B对：

乘客在最高点时，具有向下的加速度，处于失重状态．

C错：

根据I＝Ft知，重力的冲量不为0.

D错：

根据P＝mgvcosθ，θ为力方向与速度方向之间的夹角，摩天轮转动过程中，θ不断变化，重力的瞬时功率不断变化．

答案：

B

2.如图所示，两木块A、B用轻质弹簧连在一起，置于光滑的水平面上．一颗子弹水平射入木块A，并留在其中．在子弹打中木块A及弹簧被压缩的整个过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统，下列说法中正确的是（　　）

A．动量守恒、机械能守恒

B．动量守恒、机械能不守恒

C．动量不守恒、机械能守恒

D．动量、机械能都不守恒

解析：

子弹击中木块A及弹簧被压缩的整个过程，系统不受外力作用，外力冲量为0，系统动量守恒．但是子弹击中木块A过程，有摩擦力做功，部分机械能转化为内能，所以机械能不守恒，B正确．

答案：

B

3．将静置在地面上，质量为M（含燃料）的火箭模型点火升空，在极短时间内以相对地面的速度v0竖直向下喷出质量为m的炽热气体．忽略喷气过程重力和空气阻力的影响，则喷气结束时火箭模型获得的速度大小是（　　）

A.

v0　　B.

v0　　C.

v0　　D.

v0

解析：

根据动量守恒定律mv0＝（M－m）v，得v＝

v0，选项D正确．

答案：

D

4.如果一个系统不受外力，或者所受外力的矢量和为零，这个系统的总动量保持不变，这就是动量守恒定律．若一个系统动量守恒时，则（　　）

A．此系统内每个物体所受的合力一定都为零

B．此系统内每个物体的动量大小不可能都增加

C．此系统的机械能一定守恒

D．此系统的机械能可能增加

解析：

若一个系统动量守恒，则整个系统所受的合力为零，但是此系统内每个物体所受的合力不一定都为零，A错误．此系统内每个物体的动量大小可能会都增加，但是方向变化，总动量不变这是有可能的，B错误．因系统合外力为零，但是除重力以外的其他力做功不一定为零，故机械能不一定守恒，系统的机械能可能增加，也可能减小，C错误，D正确．

答案：

D

5．如图所示，质量为M的小车静止在光滑的水平面上，小车上AB部分是半径为R的四分之一光滑圆弧，BC部分是粗糙的水平面．今把质量为m的小物体从A点由静止释放，小物体与BC部分间的动摩擦因数为μ，最终小物体与小车相对静止于B、C之间的D点，则B、D间的距离x随各量变化的情况是（　　）

A．其他量不变，R越大x越大

B．其他量不变，μ越大x越大

C．其他量不变，m越大x越大

D．其他量不变，M越大x越大

解析：

小车和小物体组成的系统水平方向的动量守恒且为零，所以当小车和小物体相对静止时，系统水平方向的总动量仍为零，则小车和小物体相对于水平面也静止，由能量守恒得μmgx＝mgR，x＝R/μ，选项A正确，B、C、D错误．

答案：

A

6．水平抛出在空中飞行的物体，不考虑空气阻力，则（　　）

A．在相等的时间间隔内动量的变化相同

B．在任何时间内，动量变化的方向都是竖直向下

C．在任何时间内，动量对时间的变化率恒定

D．在刚抛出物体的瞬间，动量对时间的变化率为零

解析：

做平抛运动的物体仅受重力作用，由动量定理得Δp＝mg·Δt，因为在相等的时间内动量的变化量Δp相同，即大小相等，方向都是竖直向下的，从而动量的变化率恒定，故选项A、B、C正确，D错误．

答案：

ABC

7．如图所示，三个小球的质量均为m，B、C两球用轻弹簧连接后放在光滑的水平面上，A球以速度v0沿B、C两球球心的连线向B球运动，碰后A、B两球粘在一起．对A、B、C及弹簧组成的系统，下列说法正确的是（　　）

A．机械能守恒，动量守恒

B．机械能不守恒，动量守恒

C．三球速度相等后，将一起做匀速运动

D．三球速度相等后，速度仍将变化

解析：

因水平面光滑，故系统的动量守恒，A、B两球碰撞过程中机械能有损失，A错误，B正确；三球速度相等时，弹簧形变量最大，弹力最大，故三球速度仍将发生变化，C错误，D正确．

答案：

BD

8．如图所示，甲、乙两车的质量均为M，静置在光滑的水平面上，两车相距为L.乙车上站立着一个质量为m的人，他通过一条轻绳拉甲车，甲、乙两车最后相接触，以下说法正确的是（　　）

A．甲、乙两车运动中速度之比为

B．甲、乙两车运动中速度之比为

C．甲车移动的距离为

L

D．乙车移动的距离为

L

解析：

本题类似人船模型．甲、乙、人看成一系统，则水平方向动量守恒，甲、乙两车运动中速度之比等于质量的反比，即为

，A正确，B错误；Mx甲＝（M＋m）x乙，x甲＋x乙＝L，解得C、D正确．

答案：

ACD

二、非选择题（本题共5小题，共52分，按题目要求作答）

9．（8分）如图所示为“探究碰撞中的不变量”的实验装置示意图．已知a、b小球的质量分别为ma、mb，半径分别为ra、rb，图中P点为单独释放a球的平均落点，M、N是a、b小球碰撞后落点的平均位置．

（1）本实验必须满足的条件是________．

A．斜槽轨道必须是光滑的

B．斜槽轨道末端的切线水平

C．入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速度释放

D．入射球与被碰球满足ma＝mb，ra＝rb

（2）为了验证动量守恒定律，需要测量OP间的距离x1，则还需要测量的物理量有________、________（用相应的文字和字母表示）．

（3）如果动量守恒，须满足的关系式是________（用测量物理量的字母表示）．

答案：

（1）BC

（2）测量OM的距离x2　测量ON的距离x3

（3）max1＝max2＋mbx3（写成maOP＝maOM＋mbON也可以）

10．（10分）如图所示，在实验室用两端带有竖直挡板C和D的气垫导轨和有固定挡板的质量都是M的滑块A和B做“探究碰撞中的守恒量”的实验，实验步骤如下：

Ⅰ.把两滑块A和B紧贴在一起，在A上放质量为m的砝码，置于导轨上，用电动卡销卡住A和B，在A和B的固定挡板间放入一轻弹簧，使弹簧处于水平方向上的压缩状态；

Ⅱ.按下电钮使电动卡销放开，同时启动两个记录两滑块运动时间的电子计时器，当A和B与固定挡板C和D碰撞同时，电子计时器自动停表，记下A至C的运动时间t1，B至D的运动时间t2；

Ⅲ.重复几次，取t1和t2的平均值．

（1）在调整气垫导轨时应注意________；

（2）应测量的数据还有________；

（3）只要关系式________成立，即可得出碰撞中守恒的量是mv的矢量和．

解析：

（1）导轨水平才能让滑块做匀速运动．

（2）需测出A左端、B右端到挡板C、D的距离x1、x2

由计时器计下A、B到两板的时间t1、t2

算出两滑块A、B弹开的速度v1＝

，v2＝

.

（3）由动量守恒知（m＋M）v1－Mv2＝0

即：

（m＋M）

＝

.

答案：

（1）使气垫导轨水平

（2）滑块A的左端到挡板C的距离x1和滑块B的右端到挡板D的距离x2

（3）（M＋m）

＝

11．（10分）在光滑的水平面上，质量为2m的小球A以速率v0向右运动．在小球的前方O点处有一质量为m的小球B处于静止状态，如图所示．小球A与小球B发生正碰后均向右运动．小球B被在Q点处的墙壁弹回后与小球A在P点相遇，PQ＝1.5PO.假设小球与墙壁之间的碰撞没有能量损失，求：

（1）两球在O点碰后速度的大小？

（2）求两球在O点碰撞的能量损失．

解析：

（1）由碰撞过程中动量守恒得

2mv0＝2mv1＋mv2

由题意可知：

OP＝v1t

OQ＋PQ＝v2t

解得v1＝

v0，v2＝

v0.

（2）两球在O点碰撞前后系统的机械能之差

ΔE＝

×2mv

－

代入

（1）的结果得ΔE＝0.

答案：

（1）v1＝

v0，v2＝

v0　

（2）0

12.（12分）如图所示，小球A质量为m，系在细线的一端，线的另一端固定在O点，O点到水平面的距离为h.物块B质量是小球的5倍，置于粗糙的水平面上且位于O点正下方，物块与水平面间的动摩擦因数为μ.现拉动小球使线水平伸直，小球由静止开始释放，运动到最低点时与物块发生正碰（碰撞时间极短），反弹后上升至最高点时到水平面的距离为

.小球与物块均视为质点，不计空气阻力，重力加速度为g，求碰撞过程物块获得的冲量及物块在地面上滑行的距离．

解析：

设小球的质量为m，运动到最低点与物体块相撞前的速度大小为v1，取小球运动到最低点时的重力势能为零，根据机械能守恒定律有

mgh＝

mv

解得：

v1＝

设碰撞后小球反弹的速度大小为v1′，同理有

mg

＝

mv1′2

解得：

v1′＝

设碰撞后物块的速度大小为v2，取水平向右为正方向由动量守恒定律有

mv1＝－mv1′＋5mv2

解得：

v2＝

由动量定理可得，碰撞过程滑块获得的冲量为：

I＝5mv2＝

m

物块在水平面上滑行所受摩擦力的大小为

F＝5μmg

设物块在水平面上滑动的距离为s，由动能定理有

－Fs＝0－

×5mv

解得：

s＝

.

答案：

m

13．（12分）如图所示，物块A和B通过一根轻质不可伸长的细绳相连，跨放在质量不计的光滑定滑轮两侧，质量分别为mA＝2kg、mB＝1kg.初始时A静止于水平地面上，B悬于空中．现将B竖直向上再举高h＝1.8m（未触及滑轮），然后由静止释放．一段时间后细绳绷直，A、B以大小相等的速度一起运动，之后B恰好可以和地面接触．取g＝10m/s2，空气阻力不计．求：

第二章《机械振动》章末检测

（时间：

60分钟　满分：

100分）

一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的5个选项中，有3项符合题目要求，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得6分．每选错1个扣3分，最低得分为0分）

1．做简谐运动的物体经过平衡位置时（　　）

A．速度为零　　　B．回复力为零

C．加速度为零D．位移为零

E．动能最大

解析：

简谐运动的平衡位置是回复力为零的位置，而物体在平衡位置时加速度不一定为零．例如，单摆在平衡位置时存在向心加速度．简谐运动的物体经过平衡位置时速度最大，位移为零．

答案：

BDE

2．一个水平弹簧振子的振动周期是0.025s，当振子从平衡位置向右运动，经过0.17s时，振子运动情况是（　　）

A．正在向右做减速运动

B．正在向右做加速运动

C．位移正在减小

D．正在向左做加速运动

E．势能正在减小

解析：

＝

＝6

，

T在

T～T之间，故0.17s时振子从最大位移处正向右加速接近平衡位置．

答案：

BCE

3．一弹簧振子做简谐运动，它所受的回复力F随时间t变化的图线为正弦曲线，如图所示，下列说法正确的是（　　）

A．在t从0到2s时间内，弹簧振子做减速运动

B．在t1＝3s和t2＝5s时，弹簧振子的速度大小相等，方向相反

C．在t1＝5s和t2＝7s时，弹簧振子的位移大小相等，方向相同

D．在t从0到4s时间内，t＝2s时刻弹簧振子所受回复力做功功率最小

E．在t从0到4s时间内，回复力的功率先增大后减小

解析：

由于F＝－kx，由Ft图象知，在0到2s时间内，弹簧振子位移变大，离开平衡位置做减速运动，A对；在t1＝3s和t2＝5s时，图象斜率相同，说明速度大小相等，方向相同，B错；t1＝5s和t2＝7s时位移大小、方向都相同，C对；在0到4s时间内，t＝2s时刻弹簧振子回复力最大，在端点位置，速度为零，功率最小，D对E错．

答案：

ACD

4．如图所示为某弹簧振子在0～5s内的振动图象，由图可知，下列说法中正确的是（　　）

A．振动周期为5s

B．振幅为8cm

C．第2s末振子的速度为零，加速度为正向的最大值

D．第3s末振子的速度为正向的最大值

E．从第1s末到第2s末振子在做加速运动

解析：

根据图象，周期T＝4s，振幅A＝8cm，A错误，B正确．第2s末振子到达负的最大位移处，速度为零，加速度为正向的最大值，C正确．第3s末振子经过平衡位置，速度达到最大值，且向正方向运动，D正确．从第1s末到第2s末振子经过平衡位置向下运动，速度逐渐减小，做减速运动，E错误．

答案：

BCD

5．如图所示，一个弹簧振子在A、B间做简谐运动，O点是平衡位置，以某时刻作为计时零点（t＝0），过

周期，振子具有正方向的最大速度．那么下面五个图象中哪个能够正确反映振子的振动情况（　　）

A　　　　B　　　　　C　　　　D　　　　　E

解析：

t＝

T时，振子具有正向的最大速度，则t＝0时，振子应处于负向最大位移处，此时，回复力和加速度正向最大．故选项C、E错，A、B、D对．

答案：

ABD

6．一质点做简谐运动的位移x与时间t的关系如图所示，由图可知（　　）

A．频率是2Hz

B．振幅是5cm

C．t＝1.7s时的加速度为正，速度为负

D．t＝0.5s时，质点所受合外力为零

E．t＝0.5时回复力的功率为零

解析：

由简谐运动的图象可判断出振子的周期为2s，则频率f＝

＝0.5Hz；该质点的振幅为5cm；1.7s时位移为负值，则加速度为正，根据图象走向可判断速度为负；0.5s时，振动质点位于平衡位置，回复力为零，但合外力不一定为零（如单摆在平衡位置时合外力指向圆心）．

答案：

BCE

7．如图所示的装置中，在曲轴AB上悬挂一个弹簧振子，若不转动把手C，让其上下振动，周期为T1，若使把手以周期T2（T2＞T1）匀速转动，当运动都稳定后，则（　　）

A．弹簧振子的振动周期为T1

B．弹簧振子的振动周期为T2

C．弹簧振子的振动频率为

D．要使弹簧振子的振幅增大，可让把手转速减小

E．要使弹簧振子的振幅增大，可让把手转速增大

解析：

弹簧振子在把手作用下做受迫振动，因此振动周期为T2，A错，B、C对；由于T2＞T1，故欲使振幅增大，应使T2减小，即转速应增大，D错，E对．

答案：

BCE

8．如图所示，用绝缘细线悬挂的单摆，摆球带正电，悬挂于O点，摆长为l，当它摆过竖直线OC时便进入或离开匀强磁场，磁场方向垂直于单摆摆动的平面向里，A，B点分别是最大位移处．下列说法中正确的是（　　）

A．A点和B点处于同一水平面

B．A点高于B点

C．摆球在A点和B点处线上的拉力大小相等

D．单摆的振动周期仍为T＝2π

E．单摆向右或向左摆过D点时，线上的拉力大小相等

解析：

摆球运动过程中机械能守恒，所以A，B在同一高度．选项A正确，B错误；球在B点不受洛伦兹力，与球在A点时受拉力大小相等，选项C正确；球在磁场中运动时虽然受洛伦兹力，但洛伦兹力总与速度方向垂直，不能提供回复力，所以不改变振动的周期，选项D正确；单摆向右或向左摆过D点时，速度大小相等，但洛伦兹力的方向相反，所以线上的拉力不相等，选项E错误．

答案：

ACD

二、非选择题（共4小题，共52分，按题目要求作答）

9．（8分）某同学在进行研究弹簧振子的周期和小球质量的关系的实验时，利用如图甲所示装置进行了如下实验：

让弹簧振子穿过一光滑的水平横杆，在弹簧振子的小球上安装一支笔，下面放一条纸带．当小球振动时，垂直于振动方向以恒定的加速度拉动纸带，加速度大小为a，这时笔在纸带上画出如图乙所示的一条曲线，请根据图乙中所测得的长度s1，s2，写出计算弹簧振子的周期的表达式：

T＝________．

解析：

由于纸带做匀加速直线运动，且运动s1和s2所用时间均等于弹簧振子的振动周期T，由匀加速直线运动规律知s2－s1＝aT2，所以T＝

.

答案：

10．（12分）某实验小组在“利用单摆测定当地重力加速度”的实验中：

（1）用游标卡尺测定摆球的直径，测量结果如图所示，则该摆球的直径为________cm.

（2）小组成员在实验过程中有如下说法，其中正确的是________．（填选项前的字母）

A．把单摆从平衡位置拉开30°的摆角，并在释放摆球的同时开始计时

B．测量摆球通过最低点100次的时间t，则单摆周期为

C．用悬线的长度加摆球的直径作为摆长，代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大

D．选择密度较小的摆球，测得的重力加速度值误差较小

解析：

（1）游标卡尺读数为0.9cm＋8×0.1mm＝0.98cm.

（2）单摆符合简谐运动的条件是最大偏角不超过5°，并从平衡位置计时，故A错误；若第一次过平衡位置计为“0”，则周期T＝

，若第一次过平衡位置计为“1”，则周期T＝

，B错误；由T＝2π

得g＝

，其中l为摆长，即悬线长加摆球半径，若为悬线长加摆球直径，由公式知g偏大，故C正确；为了能够将摆球视为质点和减少空气阻力引起的相对误差，应选密度较大、体积较小的摆球，故D错误．

答案：

（1）0.98　

（2）C

11．（16分）如图所示，轻弹簧的下端系着A、B两球，mA＝100g，mB＝500g，系统静止时弹簧伸长x＝15cm，未超出弹性限度．若剪断A、B间绳，则A在竖直方向做简谐运动，求：

（1）A的振幅为多大．

（2）A的最大加速度为多大．（g取10m/s2）

解析：

（1）设只挂A时弹簧伸长量x1＝

.由（mA＋mB）g＝kx，得k＝

，即x1＝

x＝2.5cm.振幅A＝x－x1＝12.5cm.

（2）剪断细绳瞬间，A受最大弹力，合力最大，加速度最大．F＝（mA＋mB）g－mAg＝mBg＝mAam，am＝

＝5g＝50m/s2.

答案：

（1）12.5cm　

（2）50m/s2

12．（16分）如图所示，摆长为L的单摆竖直悬挂后摆球在最低点O距离地面高度为h，现将摆球拉至A点无初速度释放，摆角为θ（θ＜5°）．当摆球运动到最低点O时，摆线突然断裂．不计空气阻力，重力加速度为g，求摆球从A点开始运动到落地经历的时间．

解析：

单摆的周期T＝2π

摆线断裂后，由h＝

gt2得：

下落时间t＝

t总＝t＋

＝

＋

.

答案：

＋

（1）B从释放到细绳绷直时的运动时间t；

（2）A的最大速度v的大小；

（3）初始时B离地面的高度H.

解析：

（1）B从释放到细绳刚绷直前做自由落体运动，有

h＝

gt2①

代入数据解得

t＝0.6s．②

（2）设细绳绷直前瞬间B速度大小为vB，有

vB＝gt③

细绳绷直瞬间，细绳张力远大于A、B的重力，A、B相互作用，由动量守恒得

mBvB＝（mA＋mB）v④

之后A做匀减速运动，所以细绳绷直后瞬间的速度v即为最大速度，联立②③④式，代入数据解得

v＝2m/s.⑤

（3）细绳绷直后，A、B一起运动，B恰好可以和地面接触，说明此时A、B的速度为零，这一过程中A、B组成的系统机械能守恒，有

（mA＋mB）v2＋mBgH＝mAgH⑥

代入数据解得

H＝0.6m．⑦

答案：

（1）0.6s　

（2）2m/s　（3）0.6m

第三章《机械波》章末检测

（时间：

60分钟　满分：

100分）

一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的5个选项中，有3项符合题目要求，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得6分．每选错1个扣3分，最低得分为0分）

1．一列声波从空气传入水中，则（　　）

A．声波频率不变　　B．声波波长变大

C．声波频率变小D．声波波长不变

E．声波波速变大

解析：

由于波的频率由波源决定，因此波无论在空气中还是在水中频率都不变；又因波在水中速度较大，由公式v＝λf可得，波在水中的波长变大，故A、B、E正确．

答案：

ABE

2．平静湖面传播着一列水面波（横波），在波的传播方向上有相距3m的甲、乙两小木块随波上下运动．测得两小木块每分钟都上下30次．甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰，这列水面波（　　）

A．频率是0.5Hz　　　B．波长是3m

C．波速是1m/sD．周期是0.1s

E．周期是2s

解析：

由题意知甲、乙两小木块间的距离x＝3m＝

λ，故波长λ＝2m．又知两小木块都是每分钟振动30次，故周期T＝2s，频率f＝0.5Hz，则波速v＝

＝1m/s.故选项A、C、E正确．

答案：

ACE

3．如图所示，实线是沿x轴传播的一列简谐横波在t＝0时刻的波形图，虚线是这列波在t＝0.2s时刻的波形图．该波的波速为0.8m/s，则下列说法正确的是（　　）

A．这列波的波长是12cm

B．这列波的周期是0.5s

C．这列波是沿x轴正方向传播的

D．t＝0时，x＝4cm处的质点振动方向为沿y轴负方向

E．这列波是沿x轴负方向传播的

解析：

由波形图读出波长，利用波速求解周期，根据传播时间求出可能的传播距离或者将时间与周期相比较，就可以判断传播方向．

由题图知该波的波长λ＝12cm，故A项正确．由v＝

，得T＝

s＝0.15s，故B项错误．因

＝

＝

，故该波沿x轴负方向传播，故C项错误，E项正确．由波沿x轴负方向传播可判定t＝0时刻，x＝4cm处质点的振动方向沿y轴负方向，故D项正确．

答案：

ADE

4．一振动周期为T、振幅为A、位于x＝0点的波源从平衡位置沿y轴正向开始做简谐振动．该波源产生的一维简谐横波沿x轴正向传播，波速为v，传播过程中无能量损失．一段时间后，该振动传播至某质点P，关于质点P振动的说法正确的是（　　）

A．振幅一定为A

B．周期一定为T

C．速度的最大值一定为v

D．开始振动的方向沿y轴向上或向下取决于它离波源的距离

E．若P点与波源距离s＝vT，则质点P的位移与波源的相同

解析：

由于没有能量损失，故P与波源的振幅相同，A正确；波在传播过程中周期不变，故B正确；质点的振动速度与波传播的速度是两个概念，故C错误；介质中所有质点开始振动的方向都与波源的起振方向相同，故D错误；若P点与波源距离s＝vT，则P与波源之间的距离为一个波长，故质点P与波源的位移总是相同的，E正确．

答案：

ABE

5．一列波由波源向周围扩展开去，下列说法正确的是（　　）

A．介质中各质点由近及远地传播开去

B．介质中的振动形式由近及远传播开去

C．介质中振动的能量由近及远传播开去

D．介质中质点只是振动而没有迁移

E．在扩展过程中频率逐渐减小

解析：

波在传播时，介质中的质点在其平衡位置附近做往复运动，它们并没有随波的传播而发生迁移，A错，D对．波传播的是振动形式，而振动由能量引起，也传播了能量，而频率不变．B、C对．

答案：

BCD

6．如图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，a、b两质点的横坐标分别为xa＝2m和xb＝6m，图乙为质点b从该时刻开始计时的振动图象．下列说法正确的是（　　）

甲　　　　　　　　　　　乙

A．该波沿－x方向传播

B．波速为1m/s

C．质点a经4s振动