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1、全国大联考天津天津市十二重点中学高三毕业班联考一化学试题解析版天津市十二重点中学2018年高三毕业班联考（一）化学试题【试卷整体分析】考试范围：高考内容 难度：较难题型统计（试题总量12）单选题7题58.3%实验题2题16.7%综合题1题8.3%填空题1题8.3%推断题1题8.3%难易度统计（平均难度：0.70）容易0题较易0题一般6题50.0%较难6题50.0%困难0题知识点统计（考核知识点6个）知识点数量试题数量试题数量比分数分数占比化学与STSE1个1题8.3%0分0%认识化学科学1个1题8.3%0分0%有机化学基础2个2题16.7%0分0%化学实验基础2个2题16.7%0分0%物质结构

2、与性质2个2题16.7%0分0%化学反应原理4个4题33.3%0分0%【题型考点分析】题号题型知识点1实验题化学平衡的有关计算2推断题根据要求书写同分异构体3综合题盖斯定律的应用4单选题酸碱中和滴定指示剂选择5单选题常见阴离子的检验6单选题同分异构体的数目的确定7单选题原电池原理的应用8单选题阿伏加德罗常数的求算9单选题元素周期律、元素周期表的推断10单选题化学科学对人类文明发展的意义11填空题物质结构与性质综合考查12实验题化学实验基础天津市十二重点中学2018年高三毕业班联考（一）化学试题第I卷（选择题）1化学与生活、科技、医药、工业生产均密切相关，下列有关化学叙述正确的是A“大漠孤烟直”

3、描述的是物质升华的过程B本草经集注中关于鉴别硝石(KNO3)和朴硝(Na2SO4)的记载：“以火烧之，紫青烟起，乃真硝石也”，该方法应用了焰色反应C误食重金属盐引起的人体中毒，可喝大量的食盐水解毒D表示一种高分子树脂，因难溶于水，不具备吸水性【答案】B【解析】A“大漠孤烟直”中的“烟”指的是烽烟，不是描述物质升华的过程，选项A错误；B、利用了钾的焰色为紫色，钠的焰色为黄色进行区分钾盐和钠盐，选项B正确；C、重金属盐能够使蛋白质变性，引起人体中毒，可以服用牛奶或者鸡蛋清等解毒，选项C错误；D、表示一种高分子树脂钠盐，能电离出钠离子，具有亲水性，可溶于水，具备吸水性，选项D错误。答案选B。2下列说

4、法正确的是（NA表示阿伏伽德罗常数）A反应TiO2(s) + 2Cl2(g)TiCl4(g) + O2(g) H0能自发进行，其原因是S0B地下钢铁管道用导线连接锡块可以减缓管道的腐蚀C常温下KspMg(OH)2=5.61012，则pH=10含Mg2+的溶液中，c(Mg2+)5.6108 molL1D1molCl2溶于水后，溶液中Cl2、HClO、ClO-、Cl-四种粒子总数为2NA【答案】A点睛：本题考查较综合，涉及反应热与焓变、原电池、难溶电解质Ksp的计算等，把握化学反应原理为解答的关键，侧重分析能力和应用能力的考查，注意选项C为易错点，pH=10的含Mg2+溶液中，c（OH-）=10-

5、4 molL-1，c（Mg2+ ）。3四种短周期元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，W元素的最外层电子数是其电子层数的二倍；X的原子半径是短周期主族元素原子中最大的；Y是地壳中含量最多的金属元素；X与Z形成的离子化合物的水溶液呈中性。下列叙述中，不正确的是A将W的最高价氧化物通入到Na2SiO3溶液中，生成白色沉淀，得出非金属性：WSiB将X单质投入到CuSO4溶液中，生成紫红色固体C工业上用电解熔融Y的氧化物的方法冶炼金属YDZ的气态氢化物的沸点在同主族中最低【答案】B【解析】四种短周期元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，W元素的最外层电子数是其电子层数的二倍，则W为碳元素；X的原子半径

6、是短周期主族元素原子中最大的，则X为钠元素；Y是地壳中含量最多的金属元素，则Y为铝元素；X与Z形成的离子化合物的水溶液呈中性，则Z为氯元素，形成的离子化合物为氯化钠。A将W的最高价氧化物二氧化碳通入到Na2SiO3溶液中，生成白色沉淀硅酸，得出非金属性：CSi，选项A正确；B将X单质钠投入到CuSO4溶液中，由于钠很活泼，直接与水反应，不能置换出铜，则不可能生成紫红色固体，选项B不正确；C工业上用电解熔融Y的氧化物氧化铝的方法冶炼金属铝，选项C正确；D因HF中存在氢键，沸点比同主族的氢化物都高，而同主族其他氢化物的沸点随相对分子质量增大而升高，故Z的气态氢化物氯化氢的沸点在同主族中最低，选项D

7、正确。答案选B。4生活中常见的荧光棒的发光原理可用下式表示：H2O2 2 2CO2 二苯基草酸酯 上述反应产生的能量传递给荧光染料分子后，染料分子释放荧光。下列说法不正确的是A可用氯化铁溶液检验上述反应有苯酚生成 xk&wB荧光棒发光过程涉及化学能到光能的转化C二苯基草酸酯苯环上的一氯代物共有3种D二苯基草酸酯与草酸二甲酯互为同系物【答案】D【解析】A荧光棒中不含酚羟基，可用氯化铁溶液检验上述反应有苯酚生成，选项A正确；B染料分子释放出荧光，化学能转化为光能，选项B正确；C二苯基草酸酯结构对称，有邻、间、对3种同分异构体，则一氯代物共有3种，选项C正确；D二苯基草酸酯含有苯环，草酸二甲酯结构不

8、同，不是同系物，选项D不正确。答案选D。点睛：本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，题目难度不大，本题注意把握有机物的官能团的性质，答题时注意审题。易错点为选项D：苯基草酸酯含有苯环，草酸二甲酯结构不同，不是同系物。5下列实验操作和现象对应所得到的结论均正确的是选项实验操作和现象结论A向盛有X溶液的试管中滴入浓NaOH溶液，将干燥的红色石蕊试纸置于试管口，无明显现象X溶液中无NH4+B室温下，用pH试纸测得：0.1mo/L Na2SO3溶液的pH约为10；0.1mol/L NaHSO3溶液的pH约为5HSO3结合H的能力比SO32的强C将硫的酒精溶液滴入一定量的热

9、水中得淡蓝色透明液体，用激光笔照射，有光亮的通路淡蓝色液体属于胶体D常温下，测定盐酸和醋酸溶液的pH：盐酸小于醋酸证明相同条件下，在水中HCl电离程度大于CH3COOH【答案】C【解析】A、氨气极易溶于水，检验铵根离子必须加浓的强碱且加热产生的气体使湿润的红色石蕊试纸变蓝，选项A错误；B、题给实验说明HSO3结合H的能力比SO32的弱，选项B错误；C、将硫的酒精溶液滴入一定量的热水中得淡蓝色透明液体，用激光笔照射，有光亮的通路，即有丁达尔现象，则淡蓝色液体属于胶体，选项C正确；D、等浓度的盐酸和醋酸，盐酸完全电离，电离出的氢离子浓度较大，所以pH小，但题中没有明确说明两者浓度的关系，选项D错误

10、。答案选C。625 时，将 1.0 L w molL1 CH3COOH 溶液与 0.1 mol NaOH固体混合，充分反应。然后向混合液中加入CH3COOH或CH3COONa固体(忽略体积和温度变化)，溶液pH的变化如图。下列叙述正确的是 Ab点混合液中c(Na)c(CH3COO)B加入CH3COOH过程中， 增大Cc点存在：c(CH3COOH)+c(CH3COO) =0.1+wDa、b、c对应的混合液中，水的电离程度由大到小的顺序是cab【答案】C【解析】A根据电荷守恒有c(Na)+c(H+)=c(CH3COO)+c(OH-)，b点混合液中pHc(OH-)，故c(Na)c(CH3COO)，选

11、项A错误；B加入CH3COOH过程中，c(CH3COO)和c(H+)增大，c(OH-)减小，c(Na)不变，减小，选项B错误；C根据物料守恒c点存在：c(CH3COOH)+c(CH3COO) =0.1+w，选项C正确；D溶液中酸或碱电离的氢离子或氢氧根离子的浓度越大，水的电离程度越小，a、b、c三点溶液中氢离子浓度依次减小，水的电离程度增大，所以水的电离程度由大到小的顺序的是cba，选项D错误。答案选C。第II卷（非选择题）7工业废料和废水的处理离不开化学。I某工业废料含SiO2、FeS和CuS等物质，采用如下实验方案进行回收利用。请回答下列问题：（1）已知步骤中发生的化学反应为非氧化还原反应

12、，写出产生气体的电子式_，该气体可用足量的NaOH溶液吸收，该反应的离子方程式是_（2）Si原子在周期表中的位置_，写出晶体Si的一种主要用途_。步骤的操作依次为_、过滤、洗涤、干燥。滤渣2的主要成分是SiO2和S，写出步骤涉及的化学方程式_。II用一种阴、阳离子双隔膜三室电解槽处理含镍酸性废水并获得金属镍的模拟装置如图。镍棒与外接电源_极相连。A极区电极反应式是_。 电解一段时间后，B中NaCl溶液的浓度_填“增大”、“减少”）；若将图中阳离子膜去掉，将A、B两室合并，则A极区电极产物是_。【答案】 H2S + 2OH-= S2- + 2H2O 第三周期IVA族 太阳能电池材料、半导体材料、

13、电脑芯片（任写一种） 蒸发浓缩 降温结晶 CuS+H2O2+H2SO4CuSO4+ S +2H2O 负极 4OH4e=2H2OO2 增大 Cl2（写NaClO也对）IVA族，晶体Si的一种主要用途有太阳能电池材料、半导体材料、电脑芯片等；步骤由硫酸亚铁溶液中得到硫酸亚铁晶体，操作依次为蒸发浓缩 降温结晶、过滤、洗涤、干燥。滤渣2的主要成分是SiO2和S，步骤涉及的化学方程式为CuS+H2O2+H2SO4CuSO4+ S +2H2O；II镍棒与外接电源负极相连。A极区氢氧根离子失电子产生氧气，电极反应式是4OH4e=2H2OO2； 电解一段时间后，钠离子和氯离子分别通过交换膜进入B区，B中NaC

14、l溶液的浓度增大；若将图中阳离子膜去掉，将A、B两室合并，氯离子在阳极失电子产生氯气，则A极区电极产物是Cl2。8石油裂解气用途广泛，可用于合成各种橡胶和医药中间体。利用石油裂解气合成CR橡胶和医药中间体K的线路如下：已知：（1）A的反式异构体的结构简式为_ 。（2）用系统命名法给B命名，其名称是_。（3）依次写出、的反应类型、_ 、_。（4）C、D、E均为链状结构，且均能与新制氢氧化铜悬浊液共热生成砖红色沉淀，则C中含有的官能团名称是_。 写出反应DE的化学方程式_。（5）K的结构简式为_。（6）写出F与乙二醇发生聚合反应的化学方程式_。（7）写出同时满足下列条件的医药中间体K的所有同分异构

15、体的结构简式_。a与E互为同系物 b核磁共振氢谱有3种峰（8）已知双键上的氢原子很难发生取代反应。以A为起始原料，选用必要的无机试剂合成B，写出合成路线（用结构简式表示有机物，用箭头表示转化关系，箭头上注明试剂和反应条件）。_。【答案】 2-氯-1,3-丁二烯 加聚反应 取代反应 碳碳双键、醛基 2 CH2OHCH2CHO+O2 2OHCCH2CHO +2H2O 【解析】根据流程图，1，3-丁二烯与溴发生1，4-加成，生成A，A为1，4-二溴-2-丁烯（BrCH2CH=CHCH2Br）；与氢气发生加成反应后生成1，4-二溴丁烷（BrCH2CH2CH2CH2Br）；CR橡胶的单体为2-氯-1，3

16、-丁二烯，由B发生加成反应生成CR橡胶，故B为2-氯-1，3-丁二烯；丙烯催化氧化生成C，C为CH2=CHCHO，D的相对分子质量比C大18，说明C与水加成生成D，D为HOCH2CH2CHO，催化氧化生成E（丙二醛），与银氨溶液反应生成F（丙二酸），与乙醇酯化反应生成G（CH3CH2OOCCH2COOCH2CH3）；根据信息，G（CH3CH2OOCCH2COOCH2CH3）与BrCH2CH2CH2CH2Br反应生成，进一步反应生成K（）。（1）A为1，4-二溴-2-丁烯（BrCH2CH=CHCH2Br其反式异构体的结构简式为；（2）用系统命名法给B命名，其名称是2-氯-1，3-丁二烯；（3）根

17、据流程图和上述分析反应为加聚反应；反应为取代反应；（4）C为CH2=CHCHO，含有的官能团名称是碳碳双键、醛基。 反应DE是HOCH2CH2CHO催化氧化生成丙二醛，反应的化学方程式为2 CH2OHCH2CHO+O2 2OHCCH2CHO +2H2O；（5）K的结构简式为；（6）F（丙二酸）与乙二醇发生聚合反应的化学方程式为；（7）K（）的同分异构体满足a与E互为同系物，则含有醛基b核磁共振氢谱有3种峰则高度对称，符合条件的同分异构体有；（8）1，4-二溴-2-丁烯（BrCH2CH=CHCH2Br）在氢氧化钠的水溶液中加热发生水解反应生成HOCH2CH=CHCH2OH，HOCH2CH=CHC

18、H2OH与氯化氢发生加成反应生成HOCH2CH2CHClCH2OH，HOCH2CH2CHClCH2OH在浓硫酸催化且加热条件下发生消去反应生成CH2=CHCCl=CH2，合成路线如下：。9NOx会造成大气污染，工业上采用多种方法进行处理。I氯气氧化法：。 恒温条件下，向2L恒容密闭容器中加入0.2molNO和0.1molCl2。10min达平衡，测得10min内v(ClNO)=0.005mol/(Lmin)，则平衡后n(Cl2)=_mol。若其它条件不变，上述反应在恒压条件下进行，平衡时NO 的转化率_（填“增大”、“减小”或“不变”），此条件下的平衡常数K值为_II臭氧氧化法：烟气中的NO经

19、O3预处理后转化为NO2，再用CaSO3悬浊液吸收NO2。已知：常温下，Ksp（CaSO4）=9.110-6，Ksp（CaSO3）=3.110-7。（1）NO与O3反应过程的能量变化如下：NO被O3氧化的总反应是化合反应，该反应的热化学方程式为 _。（2）将CaSO3悬浊液静置，取上层清液，测得pH约为8，用化学用语解释其原因为_。（3）实际吸收NO2的过程中，通过向CaSO3悬浊液中加入Na2SO4固体，提高NO2的吸收速率，从溶解平衡的角度解释其原因：_。III选择性非催化还原法：用同位素示踪法，在高温有氧下NH3做还原剂与 15NO 进行选择性反应。请将该反应的化学方程式补充完整：_15

20、NN+H2O【答案】 0.05 增大 40 3NO(g) + O3(g) 3NO2(g) H= -317.3 kJmol1 SO32- + H2O HSO3- + OH- CaSO3浊液中存在：CaSO3(s) Ca2+(aq) + SO32-(aq)，加入Na2SO4固体，由于CaSO4的Ksp较小，SO42-与Ca2+结合生成CaSO4沉淀，c(Ca2+)减小，平衡正向移动，导致c(SO32-)增大，从而使NO2的吸收速率加快 4NH3 + 415NO + O2 4 6 （2分）II（1）根据图中信息可知NO(g) + O3(g)= NO2(g)+ O2(g) H= -200.9 kJmo

21、l1，NO(g)+ O2(g)= NO2(g) H= -58.2 kJmol1，根据盖斯定律，由+得反应3NO(g) + O3(g) 3NO2(g) H= -317.3 kJmol1；（2）将CaSO3悬浊液静置，取上层清液，测得pH约为8，原因为亚硫酸根离子水解呈碱性SO32- + H2O HSO3- + OH-；（3）实际吸收NO2的过程中，通过向CaSO3悬浊液中加入Na2SO4固体，提高NO2的吸收速率，从溶解平衡的角度解释其原因：CaSO3浊液中存在：CaSO3(s) Ca2+(aq) + SO32-(aq)，加入Na2SO4固体，由于CaSO4的Ksp较小，SO42-与Ca2+结合

22、生成CaSO4沉淀，c(Ca2+)减小，平衡正向移动，导致c(SO32-)增大，从而使NO2的吸收速率加快；III.在高温有氧下NH3做还原剂与 15NO 进行选择性反应，生成15NN和H2O；反应的化学方程式补充完整为：4NH3 + 415NO + O2 415NN+6H2O。x$k!w10葡萄酒中添加的SO2有抗氧化和杀菌等作用。中华人民共和国国家标准规定葡萄酒中SO2最大使用量为0.25g/L。ISO2的制取和部分性质研究。 （1）下列实验室制取、验证漂白性、收集及尾气处理的装置和原理能达到实验目的的是_ （2）设计实验验证SO2与Fe2+ 还原性的强弱（可供选择的试剂有：FeCl2溶液

23、、氯水、KSCN溶液、Ba(NO3)2溶液、BaCl2溶液、KMnO4溶液）。取SO2的饱和溶液，向其中滴加少量FeCl3溶液，充分反应。将反应后混合液分成甲、乙两份。向甲中滴加_溶液，观察到_， 可知混合液中无Fe3+；向乙中滴加_溶液，观察到_，可知混合液中有_由此得出结论：SO2的还原性强于Fe2+ 。II葡萄酒中SO2的检测。（3）检测干白葡萄酒(液体为无色)中的SO2或HSO3-。设计如图1的实验:甲同学得出实验结论:干白葡萄酒中不含SO2或HSO3-。这个结论是否合理_（填“是”或“否”）说明理由_。（4）某兴趣小组用图2装置（夹持装置略）收集某葡萄酒中SO2，并对含量进行测定。实

24、验步骤：i检查装置的气密性后，向图2仪器B中加入300.00ml葡萄酒和适量盐酸ii加热使SO2全部逸出并与C中H2O2完全反应iii除去C中过量的H2O2iv用0.0900mol/LNaOH标准溶液进行滴定回答下列问题： 仪器A的名称是_，A的进水口为_，滴定前排气泡时，应选择图3中的_。C中反应生成物的化学式是_，除去过量H2O2的方法是_。滴定至终点时，消耗NaOH溶液25.00ml，该葡萄酒中SO2含量为_g/L，是否符合国家标准_（填“是”或“否”）。下列操作使测定结果比实际值偏高的是_。AB中加入的盐酸挥发B滴定终点读取滴定管刻度时，俯视标准液液面C配制NaOH标准溶液时，未等烧杯

25、中溶液冷却至室温即转移定容【答案】 D KSCN 溶液不变红色（或无明显现象） BaCl2溶液 生成白色沉淀 SO42- 否 实验对比说明浓度低的亚硫酸不能使品红褪色，葡萄酒中的SO2含量很低，所以也不能使品红褪色（合理给分） 冷凝管 b c H2SO4 加热法 0.24 是 a【解析】（1）A、需用浓H2SO4与Cu反应制取SO2，选项A不能达到实验目的；B、SO2可以使品红溶液褪色，以验证其具有漂白性，但使紫色石蕊变红是证明其与水反应生成的亚硫酸呈酸性，选项B不能达到实验目的；C、SO2的密度比空气大，应用向上排空气法收集，导气管应“长进短出”，选项C不能达到实验目的；D、SO2与饱和Na

26、2SO3溶液反应而被吸收，选项D能达到实验目的。答案选D；（2）向甲中滴加KSCN溶液，观察到溶液不变红色（或无明显现象）， 可知混合液中无Fe3+；向乙中滴加BaCl2溶液溶液，观察到生成白色沉淀，可知混合液中有SO42-由此得出结论：SO2的还原性强于Fe2+ 。（3）结论不合理，实验对比说明浓度低的亚硫酸不能使品红褪色，葡萄酒中的SO2含量很低，所以也不能使品红褪色；（4）仪器A的名称是冷凝管，A的进水口为b，滴定前排气泡时，应选择图3中的c；C中反应生成物为硫酸，化学式是H2SO4，除去过量H2O2的方法是加热法；（6）根据2NaOHH2SO4SO2可知SO2的质量为：（0.0900mol/L0.025L）64g/mol=0.072g，该葡萄酒中的二氧化硫含量为： =0.24g/L0.25g/L, 符合国家标准；A由于盐酸易挥发，有部分氯化氯会挥发到B装置中，所以会使氢氧化钠的用量偏多，所以会导致测定结果比实际值偏高;B滴定终点读取滴定管刻度时，俯视标准液液面，标准液体积偏小，浓度偏低；C配制NaOH标准溶液时，未等烧杯中溶液冷却至室温即转移定容，标准溶的浓度偏高，消耗体积偏小，测定结果偏低，答案选a。