1998年全国高考物理试题Word格式.docx

1、232 Pb（铅）, （钍）经过一系形衰变和衰变之后，变成6、天然放射性元素Th90下列论断中正确的是 （A）铅核比钍核少24个中子 （B）铅核比钍核少8个质子 （C）衰变过程中共有4次衰变和8次衰变 （D）衰变过程中共有6次衰变和4次衰变 、一金属球，原来不带电，现沿球的直径的延长线放置一均7金属球上感应电荷产生的电场在球内如图所示，匀带电的细杆MN， ，三者相比，、Ec三点的场强大小分别为、cEa、Eb直径上a、b Ea=Eb=Ec ）（D最大 最大 （C）Ec （A）Ea最大 （B）Eb、一细束平行光经玻璃三棱镜折射后分解为互相分离的三束光，分别照射到相同的金8 有光电子放出，则可知上，

2、如图所示。已知金属板b、b、c属板a a一定不放出光电子（A）板 a一定放出光电子（B）板 一定不放出光电子（C）板c 一定放出光电子（D）板c的三种光，、9、处于基态的氢原子在某单色光束照射下，只能发出频率为、312 ，则该照射光的光子能量为且p（D）p （C）EE p （A）EE （B）p 01010022 、图示的两种电路中，电源相同，各电阻器阻值相11、等，各电流表的内阻相等且不可忽略不计。电流表A、A21。下列关系式中I和I和A读出的电流值分别为I、I、A434321 正确的是 A）II （31 ）II （B41 2I I（C）12 Im，下一次碰撞将发生在平衡位置右侧BA m）如果

3、（Bm，下一次碰撞将发生在平衡位置左侧BA2 （C）无论两摆球的质量之比是多少，下一次碰撞都不可能在平衡位置右侧 （D）无论两摆球的质量之比是多少，下一次碰撞都不可能在平衡位置左侧 二、本题共5小题；每小题4分，共20分。把答案填在题中的横线上。13、一理想变压器，原线圈匝数n=1100，接在电压220V的交流电源上。当它对11只1并联的“36V，60W”灯泡供电时，灯泡正常发光。由此可知该变压器副线圈的匝数n=_，2通过原线圈的电流I=_A。 1 。当桶内d14、如图所示，一储油圆桶，底面直径与桶高均为。当桶内油的深度B无油时，从某点A恰能看到桶底边缘上的某点、C方向看去，看到桶底上的C点，

4、等于桶高一半时，在A点沿AB；光在油中传播的速度n=_d/4。由此可得油的折射率B相距 。（结果可用根式表示）v=_m/s 与地的物块B的物块A与水平地面的摩擦可忽略不计，质量为m15、如图，质量为2m 。对B的作用力为_、。在已知水平推力F的作用下，AB作加速运动。A面的摩擦系数为由静止开始运B的质量为m。在库仑力作用下，A、A、B两带电小球，固定不动，B16的加速度变为a。经过一段时间后，B的加速度为、B间的距离为d，B动。已知初始时，A，则在此过程中电势能的减少B的速度为vA、B间的距离应为_。已知此时a/4，此时 _。量为的直线加速器加速，、来自质子源的质子（初速度为零），经一加速电压

5、为800kV17-19。这束质子流每秒打到e=1.6010C形成电流强度为1mA的细柱形质子流。已知质子电荷。假定分布在质子源到靶之间的加速电场是均匀的，在质子束中与质_靶上的质子数为，n其中的质子数分别为n和各取一段极短的相等长度的质子流，子源相距l和4l的两处，21 /n=_。则n21分。把答案填在题中17分，共19题5分，其余的每题6三、本题共3小题；其中第 的横线上或按题目要求作图。L即可求得电感，振荡电路中，如已知电容C并测得电路的固有振荡周期T，LC、18在C值并侧得相应的T值。现将侧得的六组数据标示在以C为了提高测量精度，需多次改变 T2为横坐标、为纵坐标的坐标纸上，即图中用“”

6、表示的点。3 C的关系为_ _。1（）T、L、 的关系图线。T）根据图中给出的数据点作出与C（22 。L值是_ _（3）求得的、某学生做“验证牛顿第二定律”的实验在平衡摩擦力时，把长木板的一端垫得过19是小车的加速度，aa-F关系可用下列哪根图线表示？图中高，使得倾角偏大。他所得到的_ 是细线作用于小车的拉力。答：F的值。图中电源电动势未知，电源内阻与电流表的Rx20、用图示的电路测定未知电阻 为电阻箱。内阻均可忽略不计，R _个不同的数值。Rx的值，R至少需要取（1）若要测得）若电流表每个分度表示的电流值未知，但指针偏转角（2至少需RRx度与通过的电流成正比，则在用此电路测时， 个不同的数值

7、。取_？Rx3）若电源内阻不可忽略，能否应用此电路测量（ 。_ _分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只小题，53四、本题共5 写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，在答案中必须明确写出数值和单位。分）宇航员站在一星球表面上的某高处，沿水平方向抛出一个小球。经过时间9、21（倍，2L。若抛出时的初速增大到t，小球落到星球表面，测得抛出点与落地点之间的距离为，RL则抛出点与落地点之间的距离为 。已知两落地点在同一水平面上，该星球的半径为 。求该星球的质量万有引力常数为GM4 22、（9分）活塞把密闭气缸分成左、右两个气室，每室各与U形管压强计的一臂相连。2压强计的两臂截面处处相

8、同。U形管内盛有密度为=7.510kg/m3的液体。开始时左、右-233两气室的体积都为V=1.210m，气压都为p=4.010Pa，且液体的液面处在同一高度，00如图所示。现缓缓向左推进活塞，直到液体在U形管中的高度差h=40cm。求此时左、右气室的体积V、V。假定两气室的温度保持不变。计算时可以不计U形管和连接管道中气体的212体积。取g=10m/s。平面向里的匀强磁场，磁感应强度为轴上方有垂直于xy11分）如图所示，在x23、（的粒子从坐-q。一质量为m，电量为；在x轴下方有沿y轴负方向的匀强电场，场强为EB。求此LO的距离为yO沿着轴正方向射出。射出之后，第三次到达x轴时，它与点标原点

9、 s（重力不计）。粒子射出时的速度v和运动的总路程 的距离L位于L的主光轴上，它到1224、（分）如图所示，L为薄凸透镜，点光源SP12cm；的距离为为36cm；M为一与主光轴垂直的挡光圆板，其圆心在主光轴上，它到L。求透镜的ab。现看到的距离为30cmP上有一与挡光板同样大小的圆形暗区为光屏，到L 焦距。，它到槽两内侧B上，槽内有一小物块倒扣在水平长木板分）一段凹槽、（2512AC，如图所示。木板位于光滑水平的桌面上，槽与木板间的摩擦不计，小物块的距离均为l/25 与木板间的摩擦系数为。A、B、C三者质量相等，原来都静止。现使槽A以大小为v0的 当A和B发生碰撞时，两者速度互换。求： 初速向

10、右运动，已知v0（1）从A、B发生第一次碰撞到第二次碰撞的时间内，木板C运动的路程。（2）在A、B刚要发生第四次碰撞时，A、B、C三者速度的大小。年全国高校招生试题答案1998 一、不定项选择题6.4.BC 5.C 2.13BD AB .AB .A 1210.AB11.78.9.CD BD D .C .C D 二、填空题 3 180 13、 7 1410、/2 6 15、（F+2mg）/32/2 、162d mv15 2 、6.2510 17 三、 、（1）T=2 18 ）（26 0.0389H 0.351H（3）C 19、 3）不能2 （1）2 （2）20、（ 四、计算题 ，则有h、解：设抛

11、出点的高度为，第一次平抛的水平射程为x21 =L x+h222 ，可得2倍，其水平射程也增大到2x由平抛运动规律得知，当初速增大到 22 L） （2x）+h=（ 2 h=L/ 由、解得 ，由平抛运动的规律，得设该星球上的重力加速度为g2/2 h=gt 由万有引力定律与牛顿第二定律，得2=mg GMm/R 为小球的质量，联立以上各式，解得式中m 22） /（3GtM=2 LR表示这时右室气体的压强、V、pV表示压缩后左室气体的压强和体积，p22、解：以2211 V表示初态两室气体的压强和体积，则有和体积。p、00 pV=pV 0101 V =ppV0202 =2VV+V012 -p=p=gh p

12、21 解以上四式得：22 /p+2pV-2（p+p）VVV/p=0010001 解方程并选择物理意义正确的解得到 +）/pp- （pV=V001 代入数值，得3-3 m=8.010V 17 -23 m V=2V-V=1.610120 23、解：粒子运动路线如图示有 L4R 粒子初速度为v，则有 2qvB=mv/R 由、式可算得 v=qBL/4m 设粒子进入电场作减速运动的最大路程为l，加速度为 2a，v=2al qE=ma 粒子运动的总路程 s=2R+2l 由、式，得 22s=L/2+qBL/（16mE） 24、解：光屏上的暗区是由于挡光圆板挡住部分光线而形成的。因而从点光源S经挡光圆板边缘（

13、譬如图中的c点）射到透镜上H点的光线ScH，经透镜折射后，出射光线应经过暗区的边缘的某点。这点可以是暗区的边缘点a，也可以是暗区的另一边缘点b。也就是说符合要求的像点有两点：S1、S2S相应的焦距f先求与像点11 表示像距，u表示物距，v设r表示圆板与暗区的半径，以1 /r=u/（u-l） 1 ） /r=v/（v-l211 由成像公式，得 1/u+1/v=1/f 11 解、式得 =25.7cm f 1 表示像距，以v再求与像点S相应的焦距f222 ） /r=v/（l-v 222 由成像公式，得 =1/f1/u+1/v 22 解、式得 =12cm f 28 25、解：（1）A与B刚发生第一次碰撞

14、后，A停下不动，B以初速v向右运动。由于摩0擦，B向右作匀减速运动，而C向右作匀加速运动，两者速率逐渐接近。设B、C达到相同速度v时B移动的路程为s。设A、B、C质量皆为m，由动量守恒定律，得 11mv=2mv 10由功能关系，得 22mgs=2mv/2-mv/2 110由得 v=v/2 012代入式，得 s=3v/（8g） 01 ，得 v 根据条件 0s3l/4 可见，在B、C达到相同速度v1时，B尚未与A发生第二次碰撞，B与C1一起将以v向右匀速运动一段距离（l-s）后才与A发生第二次碰撞。设C的速度从零变到11v的过程中，C的路程为s。由功能关系，得 2122mgs=mv/2 12解得

15、s=v/（8g） 02因此在第一次到第二次碰撞间C的路程为 2s=s+l-s=l-v/（4g） 021（2）由上面讨论可知，在刚要发生第二次碰撞时，A静止，B、C的速度均为v。刚碰撞1后，B静止，A、C的速度均为v。由于摩擦，B将加速，C将减速，直至达到相同速度v。21由动量守恒定律，得 mv=2mv 21解得 v=v1/2=v/4 02因A的速度v大于B的速度v，故第三次碰撞发生在A的左壁。刚碰撞后，A的速度21变为v，B的速度变为v，C的速度仍为v。由于摩擦，B减速，C加速，直至达到相同速度212v。由动量守恒定律，得 3mv+mv=2mv 312解得 v=3v/8 03故刚要发生第四次碰撞时，A、B、C的速度分别为 v=v=v/4 0A2v=v=v=3v/8 0C3B 9