1、A75 B105 C135 D12511下列说法中正确的是()A两个面积相等的图形,一定是全等图形 B两个等边三角形是全等图形 C两个全等图形的面积一定相等 D若两个图形周长相等,则它们一定是全等图形12如图,已知:在AFD和CEB,点A、E、F、C在同一直线上,在给出的下列条件中,AECF,DB,ADCB,DFBE,选出三个条件可以证明AFDCEB的有()组A4 B3 C2 D113如图,ABC的两条中线AD、CE交于点G,联结BG并延长,交边AC于点F,那么下列结论不正确的是()AAFFC BGFBG CAG2GD DEGCE14如图,直线mn,ABC的顶点B,C分别在直线n,m上,且AC
2、B90,若130,则2的度数为()A140 B130 C120 D11015如图,A,B,C三点在同一条直线上,AC90,ABCD,添加下列条件,不能判定EABBCD的是()AEBBD BE+D90 CACAE+CD DEBD6016在下列各组条件中,不能说明ABCDEF的是()AABDE,BE,CF BACDF,BCEF,AD CABDE,AD,BE DABDE,BCEF,ACDF17如图,在四边形ABCD中,ABAD,BADBCD90,连接AC若AC8,则四边形ABCD的面积为()A32 B24 C40 D3618如图,ABC的中线BD、CE相交于点O,OFBC,垂足为F,且AB6,BC5
3、,AC3,OF2,则四边形ADOE的面积是()A9 B6 C5 D319要想使一个六边形活动支架ABCDEF稳固且不变形,至少需要增加 根木条才能固定20(1)线段AD是ABC的角平分线,那么BAD (2)线段AE是ABC的中线,那么BE BC21如图,在ABC中,ACB90,AD平分CAB,交边BC于点D,过点D作DEAB,垂足为E若CAD20,则EDB的度数是 22如图,BE平分ABC,CE平分ACD,A60,则E 23如图,已知12、ADAB,若再增加一个条件不一定能使结论ADEABC成立,则这个条件是 24工人师傅常用角尺平分一个任意角做法如下:如图,AOB是一个任意角,在边OA,OB
4、上分别取OMON,移动角尺,使角尺两边相同的刻度分别与M,N重合过角尺顶点C的射线OC即是AOB的平分线这种做法是利用了全等三角形对应角相等,图中判断三角形全等的依据是 25如图,要测量河两岸相对两点A、B间的距离,先在过点B的AB的垂线上取两点C、D,使CDBC,再在过点D的垂线上取点E,使A、C、E三点在一条直线上,可证明EDCABC,所以测得ED的长就是A、B两点间的距离,这里判定EDCABC的理由是 26如图,已知AD90,E、F在线段BC上,DE与AF交于点O,且ABCD,BECF求证:(1)RtABFRtDCE;(2)OEOF27如图,点B、F、C、E在同一条直线上,BE,AD,B
5、FCE求证:ABCDEF28如图,在ABC中,ABAC,ADBC于点D,BEAC于点E,AD、BE相交于点H,AEBE试说明:(1)AEHBEC(2)AH2BD29如图,ABC中,BD是ABC的平分线,DEBC交AB于E,A60,BDC100求BDE的度数30如图,点B、F、C、E在直线l上(F、C之间不能直接测量),点A、D在l异侧,ABDE,AD,测得ABDE(1)求证:ABCDEF;(2)若BE10m,BF3m,求FC的长度31如图所示,已知ABC中,BC,AB4厘米,BC3厘米,点D为AB的中点如果点P在线段BC上以每秒1厘米的速度由点B向点C运动,同时,点Q在线段CA上以每秒a厘米的
6、速度由点C向点A运动,设运动时间为t(秒)(0t3)(1)用含t的式子表示PC的长度是 ;(2)若点P,Q的运动速度相等,经过1秒后,BPD与CQP是否全等,请说明理由;(3)若点P,Q的运动速度不相等,当点Q的运动速度a为多少时,能够使BPD与CQP全等?参考答案1解:A.1+23,不能构成三角形,不合题意;B.1+12,不能构成三角形,不合题意;C.1+22,能构成三角形,符合题意;D.1+57,不能构成三角形,不合题意故选:2解:由题可得,过点C作AB的垂线段,垂足为H,则CH是BC边上的高,A、B、D选项正确,C选项错误3解:AD是ABC的中线,BDDC,B4解:A、一个钝角三角形不一
7、定不是等腰三角形,一定不是等边三角形,故本选项错误;B、一个等腰三角形不一定是锐角三角形,或直角三角形,故本选项错误;C、一个直角三角形不一定不是等腰三角形,一定不是等边三角形,故本选项错误;D、一个等边三角形一定不是钝角三角形,也不是直角三角形,故本选项正确;D5解:由画法得OCOD,PCPD,而OPOP,所以OCPODP(SSS),所以COPDOP,即OP平分AOB6解:如图,A、AB、B都可以测量,即他的依据是ASA7解:DHBC,ABC45,BDH为等腰直角三角形,BHDH,故正确,CDAB,ABC45BCD是等腰直角三角形BDCD故正确;在RtDFB和RtDAC中,DBF90BFD,
8、DCA90EFC,且BFDEFC,DBFDCA又BDFCDA90,BDCD,DFBDAC(ASA)BFAC;DFADCDCF+DF,AD+CFBD;故正确;在RtBEA和RtBEC中BE平分ABC,ABECBE又BEBE,BEABEC90RtBEARtBEC(ASA)CEAEAC又由(1)可知:BFAC,CEACBF;故正确;8解:点E是AD的中点,SABESABD,SACESADC,SABE+SACESABC,SBCE点F是CE的中点,SBEFSBCESABC8cm29解:ADDC,BE3EC,可以假设SADFSDFCx,SEFCy,则SEFB3y,则有解得四边形DCEF的面积x+y10解:
9、由题意得,ACB45,DEC60DFC是CFE的一个外角,DFCACB+DEC10511解:全等的两个图形的面积、周长均相等,但是周长、面积相等的两个图形不一定全等12解:AECF,AE+EFCF+EF,AFCEDFBE,DFABEC,若为条件,不能证明AFDCEB,若为条件,能证明AFDCEB(AAS),若为条件,不能证明AFDCEB,若为条件,能证明AFDCEB(AAS),13解:如图连接DEABC的两条中线AD、CE交于点G,点G是ABC的重心,DF也是ABC的中线,AFFC,故A不符合题意,BEAE,BDCD,DEAC,DEAC,AG2DG,EGCE,故C,D不符合题意,14解:如图:
10、mn,1303130ACB904ACB3903060218041806012015解:AC90,ABCD,当添加EBBD时,则可根据“HL”判定EABBCD;当添加AEBC,即ACAE+CD,则可根据“SAS”判定EABBCD;当添加ABED时,此时D+E90,EBD90,则可根据“SAS”判定EABBCD,16解:A、ABDE,BE,CF,可以利用AAS定理证明ABCDEF,故此选项不合题意;B、ACDF,BCEF,AD不能证明ABCDEF,故此选项符合题意;C、ABDE,AD,BE,可以利用ASA定理证明ABCDEF,故此选项不合题意;D、ABDE,BCEF,ACDF可以利用SSS定理证明
11、ABCDEF,故此选项不合题意;17解:如图,作AMBC、ANCD,交CD的延长线于点N;BADBCD90四边形AMCN为矩形,MAN90BAD90BAMDAN,在ABM与ADN中,ABMADN(AAS),AMAN;ABM与ADN的面积相等;四边形ABCD的面积正方形AMCN的面积;设AMa,由勾股定理得:AC2AM2+MC2,而AC8;2a264,a232,18解:BD、CE均是ABC的中线,SBCDSACES四边形ADOE+SCODSBOC+SCOD,S四边形ADOESBOC522519解:如图,要想使一个六边形活动支架ABCDEF稳固且不变形,至少需要增加3根木条才能固定故答案为:320
12、解:(1)线段AD是ABC的角平分线,那么BADCADBACCAD,BAC;(2)线段AE是ABC的中线,那么BECEBCCE,21解:AD平分CAB,CAD20CAB2CAD40B904050DEAB,DEB90EDB9050404022解:ACDA+ABC,ECD(A+ABC)又ECDE+EBC,E+EBCEBCABC,ABC+E(A+ABC),EA,A60E30故答案为3023解:增加的条件为DEBC,理由:12,1+BAE2+BAE,DAEBAC,ADAB,DEBC,ADEABC不一定成立,DEBC24解:由图可知,CMCN,又OMON,在MCO和NCO中COMCON(SSS),AOC
13、BOC,即OC是AOB的平分线SSS25解:ABBD,EDBD,ABDEDC90在EDC和ABC中,EDCABC(ASA)ASA26证明:(1)BECF,BE+EFCF+EF,即BFCE,AD90ABF与DCE都为直角三角形,在RtABF和RtDCE中,RtABFRtDCE(HL);(2)RtABFRtDCE(已证),AFBDEC,OEOF27证明:BFECBF+CFEC+CF,BCEF,BE,AD,180BA180ED,即ACBDFE,在ABC和DEF中,ABCDEF(ASA)28解:(1)ADBC,DAC+C90BEAC,EBC+C90DACEBC,在AEH与BEC中,AEHBEC(ASA
14、);(2)AEHBEC,AHBC,ABAC,ADBC,BC2BD,AH2BD29解:如图,BDCA+ABD,ABDBDCA100BD平分ABC,DBCABD40又DEBC,BDEDBC4030(1)证明:ABDE,ABCDEF,在ABC与DEF中ABCDEF;(2)ABCDEF,BF+FCEC+FC,BFEC,BE10m,BF3m,FC10334m31解:(1)PC3t(2)CPQBDP,理由如下:P、Q的运动速度相等,1秒后,CQBP1,CPBCBP312,D为AB的中点,BDCPBD,在CPQ和BDP中,CPQBDP(SAS)(3)解:由(1)知,PC3t,BPt,CQat,BD2,CBBPD与CQP全等,当CPQBDP时,BPCQ,tat,t0,a1与P、Q的运动速度不相等矛盾,故舍去当CPQBPD时,BPCP,CQBD,t3t,at2,ta即点P、Q的运动速度不相等时,点Q的运动速度a为时,能够使BPD与CQP全等
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