全国通用版高考物理一轮复习精选提分综合练单元检测二相互作用Word文档格式.docx

1、A.绳子的拉力可能为零B.地面受的压力大于物块B的重力C.物块B与地面间不存在摩擦力D.物块B受到地面的摩擦力水平向左5.（2018湖南怀化联考）如图3所示，有四块相同的坚固石块垒成弧形的石拱，其中第3、4块固定在地面上，每块石块的两个面间所夹的圆心角均为37.假定石块间的摩擦力可以忽略不计，则第1、2块石块间的作用力和第1、3块石块间的作用力的大小之比为（sin 370.6，cos 370.8）（）图3A. B. C. D. 6.一质量为m的小物块沿半径为R的圆弧轨道下滑，滑到最低点时的速度是v，如图4所示.若小物块与轨道的动摩擦因数为，则当小物块滑到最低点时受到的摩擦力为（）图4A.mg

2、B. C.m（g） D.m（g）7.如图5所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔.质量为m的小球套在圆环上.一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住.现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移.在移动过程中手对线的拉力F和圆环对小球的弹力FN的大小变化情况是（）图5A.F不变，FN增大 B.F减小，FN不变C.F不变，FN减小 D.F增大，FN减小8.（2018福建四校联考）如图6所示，质量均为1 kg的木块M和N叠放在水平地面上，用一根细绳分别拴接在M和N右侧，在绳子中点用F5 N水平向右的力拉动M和N一起沿水平面匀速滑动，细绳与竖直方向夹角60，g10 m/s2，则下列说法正确

3、的是（）图6A.木块N和地面之间的动摩擦因数为0.35B.木块M和N之间的摩擦力为2.5 NC.木块M对木块N的压力大小为10 ND.若变小，拉动M、N一起匀速运动所需拉力应大于5 N二、多项选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项是正确的，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）9.如图7所示，叠在一起的物体A、B接触面间动摩擦因数都为，地面都光滑.当物体A受到水平拉力F作用，A、B处于相对静止时，关于A、B所受摩擦力对它们运动的影响，下列说法正确的是（）图7A.两图中A物所受摩擦力都是阻力，方向都水平向右B.两图中B物所受摩擦力都是

4、动力，方向都水平向左C.两图中B物所受摩擦力都为动力，甲图中方向为水平向左，乙图中方向水平向右D.甲图中B所受摩擦力为动力，乙图中B所受摩擦力为阻力，它们的方向都是水平向左10.如图8所示，有一倾角30的斜面体B，质量为M.物体A质量为m，弹簧对物体A施加一个始终保持水平的作用力，调整A在B上的位置，A始终能和B保持静止.对此过程下列说法正确的是（）图8A.A、B之间的接触面可能是光滑的B.弹簧弹力越大，A、B之间的摩擦力越大C.A、B之间的摩擦力为0时，弹簧弹力为D.弹簧弹力为mg时，A所受摩擦力大小为11.如图9所示，形状相同的物块A、B，其截面为直角三角形，相对放置在粗糙水平地面上，光滑

5、球体C放在两物块的斜面上，系统处于静止状态.已知物块A、B的质量都是M，60，光滑球体C质量为m，则以下说法中正确的是（）图9A.地面对物块A的摩擦力大小为B.地面对物块A的摩擦力大小为C.物块A对球体C的弹力大小为D.物块A对地面的压力大小为Mg12.如图10所示，在倾角为的斜劈P的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连的物块A、B，C为一垂直固定在斜面上的挡板.A、B质量均为m，斜劈连同挡板的质量为M，弹簧的劲度系数为k，系统静止于光滑水平面上.现开始用一水平恒力F作用于P（重力加速度为g），下列说法中不正确的是（）图10A.若F0，挡板受到B物块的压力为mgsin B.力F较小时A相对于斜面静止

6、，F大于某一数值，A相对于斜面向上滑动C.若要B离开挡板C，弹簧伸长量需达到D.若F（M2m）gtan 且保持两物块与斜劈共同运动，弹簧将保持原长三、非选择题（本题共6小题，共48分）13.（8分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图11甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳.图乙是在白纸上根据实验结果画出的图.图11（1）如果没有操作失误，图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_.（2）本实验采用的科学方法是_.（填正确答案标号）A.理想实验法 B.等效替代法C.控制变量法 D.建立物理模型法（3）下列说法正确的是_（填正确答案标号）A.

7、拉橡皮条的绳细一些且长一些B.拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应靠近木板且与木板面平行C.同一次验证过程中O点位置应相同D.拉力F1和F2的夹角应该较小（4）由于实验室没有细绳，在进行实验时，图甲中的OB和OC可以用橡皮条代替吗？请说明理由：_.14.（6分）在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，某同学把两根弹簧如图12甲连接起来进行探究.图12钩码数1234LA/cm15.7119.7123.6627.76LB/cm29.9635.7641.5147.36（1）某次测量如图乙所示，指针示数为_ cm.（2）在弹性限度内，将50 g的钩码逐个挂在弹簧下端，得到指针A、B的示数LA和LB如表.用表中

8、数据计算弹簧的劲度系数为_ N/m（重力加速度g10 m/s2）.由表中数据_（填“能”或“不能”）计算出弹簧的劲度系数.15.（8分）如图13所示，斜面与水平面的夹角为37，质量为4 kg的物体A静止在斜面上.定滑轮的摩擦及质量均不计，求：（sin 370.8，g10 m/s2）图13（1）A受到斜面的支持力多大？（2）若物体B质量为3 kg，则A受到斜面的摩擦力为多大？方向如何？16.（8分）重力为G18 N的砝码悬挂在绳PA和PB的结点上，PA偏离竖直方向37角，PB在水平方向，且连在重力为G2100 N的木块上，木块静止于倾角为37的斜面上，如图14所示.求：图14（1）木块与斜面间的

9、摩擦力大小；（2）木块所受斜面的弹力大小.17.（9分）如图15所示，弹簧AB原长为L035 cm，A端挂一个重为G50 N的小木块，手执B端，将小木块置于倾角为30的斜面上.当小木块沿斜面匀速下滑时，弹簧长度为L140 cm；当小木块沿斜面匀速上滑时，弹簧长度为L250 cm.图15（1）分别画出小木块匀速下滑与匀速上滑的受力分析图；（2）求弹簧的劲度系数k；（3）求小木块与斜面的滑动摩擦因数.18.（9分）（2018陕西黄陵中学模拟）如图16所示，放在粗糙、固定斜面上的物块A和悬挂的物块B均处于静止状态.轻绳AO绕过光滑的轻质定滑轮与轻弹簧的右端及轻绳BO的上端连接于O点，轻弹簧中轴线沿水

10、平方向，轻绳的OC段与竖直方向的夹角53，斜面倾角37，物块A和B的质量分别为mA5 kg，mB1.5 kg，弹簧的劲度系数k500 N/m，（sin 370.8，重力加速度g10 m/s2），求：图16（1）弹簧的伸长量x；（2）物块A受到的摩擦力.答案精析1.D物体的重力是由于地球的吸引而产生的，它和地球对物体的万有引力有区别，选项A错误；弹力的产生原因是物体发生了弹性形变，选项B错误；摩擦力一定阻碍物体的相对运动，选项C错误；静摩擦力存在于相对静止的两物体之间，滑动摩擦力存在于相对运动的两物体之间，运动物体可能受到静摩擦力作用，静止物体也可能受到滑动摩擦力作用，选项D正确.2.C1 N、

11、6 N的合力范围为5 NF合7 N,8 N和4 N的力不在这个范围内，三个力不可能平衡，物体就不可能做匀速直线运动，故A、B错误.7 N、2 N的合力范围为5 NF合9 N,6 N的力在这个范围内，三个力可能平衡，物体就可能做匀速直线运动，故C正确.5 N、9 N的合力范围为4 NF合14 N,15 N的力不在这个范围内，三个力不可能平衡，物体就不可能做匀速直线运动，故D错误.3.D 对A、B两球整体受力分析，受重力G2mg、OA绳子的拉力FT以及外力F，三力平衡，将绳子的拉力FT和外力F合成，其合力与重力平衡，如图所示，当外力F与绳子的拉力FT垂直时，外力F最小，最小值为2mgsin 45，

12、即mg；由于外力F的方向具有不确定性，因而从理论上讲，外力F最大值可以取到大于mg的任意值，故选D.4.CA、B接触面光滑，A、B间没有摩擦力，对A受力分析知，A受到重力和绳子的拉力，二力平衡，B对A没有支持力，否则三个力不可能平衡，故A错误；对B受力分析知，B受到重力、地面的支持力，根据平衡条件知，地面对B的支持力等于物块B的重力，地面对B没有摩擦力，故B、D错误，C正确.5.C以第1块石块为研究对象，分析受力情况：重力G、第2块石块的弹力FN1和第3块石块的弹力FN2，如图所示，由平衡条件得sin 53，故选C.6.C物块滑到轨道最低点时，由重力和轨道的支持力提供物块的向心力，由牛顿第二定

13、律得FNmgm，得到FNm（g），则当小物块滑到最低点时受到的摩擦力为FfFNm（g），故选C.7.B小球沿圆环缓慢上移可看做匀速运动，对小球进行受力分析，小球受重力G、细线的拉力FTFF、圆环对小球的弹力FN三个力.作出受力分析图如图所示设圆环的半径为R，由三角形相似得，当A点上移时，半径不变，AB长度减小，故F减小，FN不变，故B正确.8.B将M、N看做整体，水平方向拉力F等于滑动摩擦力，竖直方向重力等于支持力，根据FfFN，则有：0.25，故A错误；对M受力分析，细线与竖直方向夹角60，将绳子的拉力分解成水平方向和竖直方向，则绳子水平分力大小FFfM2.5 N，故B正确；若没有绳子的拉力

14、，木块M对木块N的压力大小为10 N，再加上绳子拉力的分力，因此木块M对木块N的压力大小大于10 N，故C错误；对于M、N整体，无论变小，还是变大，拉动M、N一起匀速运动所需拉力仍等于5 N，故D错误.9.AD对甲图分析可知，甲中A物体受到的摩擦力为静摩擦力，方向与运动方向相反，为阻力；B物体受到A的摩擦力为动力，方向向左；乙图中，A、B相对静止，只能是A、B均静止，故A受摩擦力向右，为阻力，B受摩擦力向左，为阻力，A、D正确.10.CD设弹簧弹力为F，当Fcos 30mgsin 30时，即Fmg时，A所受摩擦力为0；若Fmg时，A受到的摩擦力沿斜面向下，弹力越大，摩擦力越大；若Fmg时，A受

15、到的摩擦力沿斜面向上，弹力越大，摩擦力越小，可见A、B错误，C正确；当Fmg时，A所受摩擦力大小为FfFcos 30mgsin 30mg，方向沿斜面向下，D正确.11.BD以C为研究对象受力分析，运用合成法作图，根据平衡条件得A、B对C的弹力的合力与重力等大反向，如图甲所示：由几何知识得：FNAmg，故C错误；以A为研究对象受力分析，如图乙所示，根据平衡条件，水平方向：FfFNCsin FNAsin 60mg，故A错误，B正确；竖直方向：FN地MgFNCcos Mgmg，根据牛顿第三定律，物块A对地面的压力大小为FN地Mgmg，故D正确.12.ABCF0时，对物块A、B整体受力分析，受重力、斜

16、面的支持力和挡板的支持力FN1，根据共点力平衡条件，沿平行斜面方向，有FN12mgsin 0，故挡板受到B物块的压力为FN22mgsin ，A错误；当没有F作用时，对A分析有mgsin kx，用水平力F作用于P时，A具有水平向左的加速度，设加速度大小为a，将加速度分解如图甲所示，根据牛顿第二定律得mgsin kxmacos ，当加速度a增大时，x减小，即弹簧的压缩量减小，物块A相对斜面开始向上滑，故物块A从F刚施加上就一直沿斜面向上滑动，B错误；物块B恰好离开挡板C的临界情况是物块B对挡板无压力，此时，整体向左加速运动，对物块B受力分析，受重力、挡板支持力、弹簧的拉力，如图乙所示，根据牛顿第二

17、定律，有mgFNBcos kxsin 0，FNBsin kxcos ma，解得kxmgsin macos ，B离开挡板C时，对A、B整体，2mgtan 2ma，agtan ，则得x0，弹簧为原长，C错误；若F（M2m）gtan 且保持两物块与斜劈共同运动，则根据牛顿第二定律，整体加速度为gtan .对物块A受力分析，受重力、支持力和弹簧弹力，如图丙所示：根据牛顿第二定律，有mgsin kxmacos ，解得kx0，故弹簧处于原长，故D正确.13.（1）F（2）B（3）ABC（4）可以，因为OB和OC的作用是确定两个力的方向解析（1）题图乙中的F与F中，F是由平行四边形定则得出的，而F是通过实验

18、方法得出的，其方向一定与橡皮条的方向相同，一定与AO共线的是F.（2）本实验采用的科学方法是等效替代法，故选B.（3）拉橡皮条的绳细一些且长一些，以便记录拉力的方向，选项A正确；拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应靠近木板且与木板面平行，选项B正确；同一次验证过程中O点位置应相同，以保证等效性，选项C正确；拉力F1和F2的夹角应该大小适当，选项D错误；故选A、B、C.（4）在进行实验时，图甲中的OB和OC可以用橡皮条代替；理由：因为OB和OC的作用是确定两个力的方向.14.（1）16.00（2）12.5能解析（1）刻度尺读数读到最小刻度的下一位，指针示数为16.00 cm.（2）由表格中的数据可

19、知，当弹力的变化量F0.5 N时，弹簧形变量的变化量为x4.00 cm，根据胡克定律知：k1N/m12.5 N/m；结合LA和LB示数的变化，可以得出弹簧形变量的变化量，结合弹力变化量，根据胡克定律能求出弹簧的劲度系数.15.（1）32 N（2）6 N方向沿斜面向下解析（1）对物体A受力分析，如图所示：根据平衡条件并运用正交分解法可知，y轴上合力为零，即有：FNmAgcos 37代入数据可得：FN4100.8 N32 N（2）对物体A，先假设静摩擦力平行斜面向上，根据平衡条件并结合正交分解法，有：平行斜面方向：FTFfmAgsin 37FTmBg联立解得：Ff6 N，故方向沿斜面向下.16.（

20、1）64.8 N（2）76.4 N解析对结点P受力分析如图甲所示，由平衡条件得：在竖直方向：FTAcos 37G10在水平方向：FTAsin 37FTB0联立并代入数据解得：FTB6 N对木块受力分析如图乙所示，由平衡条件得：沿斜面方向：FfG2sin 37FTBcos 370沿垂直斜面方向：FNFTBsin 37G2cos 37FTBFTB以上联立并代入数据解得：Ff64.8 N，FN76.4 N.17.（1）见解析图（2）250 N/m（3） 解析（1）匀速下滑时，小木块受重力、斜面的支持力、弹簧的拉力和摩擦力（沿斜面向上），受力分析如图所示，匀速上滑时，小木块受重力、斜面的支持力、弹簧的拉力和摩擦力（沿斜面向下），受力分析如图所示，（2）由受力分析图得匀速下滑：kx1Ff1Gsin 30，x1L1L0匀速上滑：kx2Gsin 30Ff2，x2L2L0Ff1Ff2得k250 N/m（3）由Ff1Gcos 30Gsin 30kx1得.18.（1）4 cm（2）5 N，方向沿斜面向上解析（1）对结点O受力分析如图所示：FTcos mBg0FTsin F0Fkxx4 cm.（2）设物块A所受摩擦力沿斜面向下，对物块A受力分析如图所示：FTFfmAgsin 0解得：Ff5 N即物块A所受摩擦力大小为5 N，方向沿斜面向上.