1、A.绳子的拉力可能为零B.地面受的压力大于物块B的重力C.物块B与地面间不存在摩擦力D.物块B受到地面的摩擦力水平向左5.(2018湖南怀化联考)如图3所示,有四块相同的坚固石块垒成弧形的石拱,其中第3、4块固定在地面上,每块石块的两个面间所夹的圆心角均为37.假定石块间的摩擦力可以忽略不计,则第1、2块石块间的作用力和第1、3块石块间的作用力的大小之比为(sin 370.6,cos 370.8)()图3A. B. C. D. 6.一质量为m的小物块沿半径为R的圆弧轨道下滑,滑到最低点时的速度是v,如图4所示.若小物块与轨道的动摩擦因数为,则当小物块滑到最低点时受到的摩擦力为()图4A.mg
2、B. C.m(g) D.m(g)7.如图5所示,固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔.质量为m的小球套在圆环上.一根细线的下端系着小球,上端穿过小孔用手拉住.现拉动细线,使小球沿圆环缓慢上移.在移动过程中手对线的拉力F和圆环对小球的弹力FN的大小变化情况是()图5A.F不变,FN增大 B.F减小,FN不变C.F不变,FN减小 D.F增大,FN减小8.(2018福建四校联考)如图6所示,质量均为1 kg的木块M和N叠放在水平地面上,用一根细绳分别拴接在M和N右侧,在绳子中点用F5 N水平向右的力拉动M和N一起沿水平面匀速滑动,细绳与竖直方向夹角60,g10 m/s2,则下列说法正确
3、的是()图6A.木块N和地面之间的动摩擦因数为0.35B.木块M和N之间的摩擦力为2.5 NC.木块M对木块N的压力大小为10 ND.若变小,拉动M、N一起匀速运动所需拉力应大于5 N二、多项选择题(本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,至少有两个选项是正确的,全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)9.如图7所示,叠在一起的物体A、B接触面间动摩擦因数都为,地面都光滑.当物体A受到水平拉力F作用,A、B处于相对静止时,关于A、B所受摩擦力对它们运动的影响,下列说法正确的是()图7A.两图中A物所受摩擦力都是阻力,方向都水平向右B.两图中B物所受摩擦力都是
4、动力,方向都水平向左C.两图中B物所受摩擦力都为动力,甲图中方向为水平向左,乙图中方向水平向右D.甲图中B所受摩擦力为动力,乙图中B所受摩擦力为阻力,它们的方向都是水平向左10.如图8所示,有一倾角30的斜面体B,质量为M.物体A质量为m,弹簧对物体A施加一个始终保持水平的作用力,调整A在B上的位置,A始终能和B保持静止.对此过程下列说法正确的是()图8A.A、B之间的接触面可能是光滑的B.弹簧弹力越大,A、B之间的摩擦力越大C.A、B之间的摩擦力为0时,弹簧弹力为D.弹簧弹力为mg时,A所受摩擦力大小为11.如图9所示,形状相同的物块A、B,其截面为直角三角形,相对放置在粗糙水平地面上,光滑
5、球体C放在两物块的斜面上,系统处于静止状态.已知物块A、B的质量都是M,60,光滑球体C质量为m,则以下说法中正确的是()图9A.地面对物块A的摩擦力大小为B.地面对物块A的摩擦力大小为C.物块A对球体C的弹力大小为D.物块A对地面的压力大小为Mg12.如图10所示,在倾角为的斜劈P的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连的物块A、B,C为一垂直固定在斜面上的挡板.A、B质量均为m,斜劈连同挡板的质量为M,弹簧的劲度系数为k,系统静止于光滑水平面上.现开始用一水平恒力F作用于P(重力加速度为g),下列说法中不正确的是()图10A.若F0,挡板受到B物块的压力为mgsin B.力F较小时A相对于斜面静止
6、,F大于某一数值,A相对于斜面向上滑动C.若要B离开挡板C,弹簧伸长量需达到D.若F(M2m)gtan 且保持两物块与斜劈共同运动,弹簧将保持原长三、非选择题(本题共6小题,共48分)13.(8分)某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图11甲所示,其中A为固定橡皮条的图钉,O为橡皮条与细绳的结点,OB和OC为细绳.图乙是在白纸上根据实验结果画出的图.图11(1)如果没有操作失误,图乙中的F与F两力中,方向一定沿AO方向的是_.(2)本实验采用的科学方法是_.(填正确答案标号)A.理想实验法 B.等效替代法C.控制变量法 D.建立物理模型法(3)下列说法正确的是_(填正确答案标号)A.
7、拉橡皮条的绳细一些且长一些B.拉橡皮条时,弹簧秤、橡皮条、细绳应靠近木板且与木板面平行C.同一次验证过程中O点位置应相同D.拉力F1和F2的夹角应该较小(4)由于实验室没有细绳,在进行实验时,图甲中的OB和OC可以用橡皮条代替吗?请说明理由:_.14.(6分)在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时,某同学把两根弹簧如图12甲连接起来进行探究.图12钩码数1234LA/cm15.7119.7123.6627.76LB/cm29.9635.7641.5147.36(1)某次测量如图乙所示,指针示数为_ cm.(2)在弹性限度内,将50 g的钩码逐个挂在弹簧下端,得到指针A、B的示数LA和LB如表.用表中
8、数据计算弹簧的劲度系数为_ N/m(重力加速度g10 m/s2).由表中数据_(填“能”或“不能”)计算出弹簧的劲度系数.15.(8分)如图13所示,斜面与水平面的夹角为37,质量为4 kg的物体A静止在斜面上.定滑轮的摩擦及质量均不计,求:(sin 370.8,g10 m/s2)图13(1)A受到斜面的支持力多大?(2)若物体B质量为3 kg,则A受到斜面的摩擦力为多大?方向如何?16.(8分)重力为G18 N的砝码悬挂在绳PA和PB的结点上,PA偏离竖直方向37角,PB在水平方向,且连在重力为G2100 N的木块上,木块静止于倾角为37的斜面上,如图14所示.求:图14(1)木块与斜面间的
9、摩擦力大小;(2)木块所受斜面的弹力大小.17.(9分)如图15所示,弹簧AB原长为L035 cm,A端挂一个重为G50 N的小木块,手执B端,将小木块置于倾角为30的斜面上.当小木块沿斜面匀速下滑时,弹簧长度为L140 cm;当小木块沿斜面匀速上滑时,弹簧长度为L250 cm.图15(1)分别画出小木块匀速下滑与匀速上滑的受力分析图;(2)求弹簧的劲度系数k;(3)求小木块与斜面的滑动摩擦因数.18.(9分)(2018陕西黄陵中学模拟)如图16所示,放在粗糙、固定斜面上的物块A和悬挂的物块B均处于静止状态.轻绳AO绕过光滑的轻质定滑轮与轻弹簧的右端及轻绳BO的上端连接于O点,轻弹簧中轴线沿水
10、平方向,轻绳的OC段与竖直方向的夹角53,斜面倾角37,物块A和B的质量分别为mA5 kg,mB1.5 kg,弹簧的劲度系数k500 N/m,(sin 370.8,重力加速度g10 m/s2),求:图16(1)弹簧的伸长量x;(2)物块A受到的摩擦力.答案精析1.D物体的重力是由于地球的吸引而产生的,它和地球对物体的万有引力有区别,选项A错误;弹力的产生原因是物体发生了弹性形变,选项B错误;摩擦力一定阻碍物体的相对运动,选项C错误;静摩擦力存在于相对静止的两物体之间,滑动摩擦力存在于相对运动的两物体之间,运动物体可能受到静摩擦力作用,静止物体也可能受到滑动摩擦力作用,选项D正确.2.C1 N、
11、6 N的合力范围为5 NF合7 N,8 N和4 N的力不在这个范围内,三个力不可能平衡,物体就不可能做匀速直线运动,故A、B错误.7 N、2 N的合力范围为5 NF合9 N,6 N的力在这个范围内,三个力可能平衡,物体就可能做匀速直线运动,故C正确.5 N、9 N的合力范围为4 NF合14 N,15 N的力不在这个范围内,三个力不可能平衡,物体就不可能做匀速直线运动,故D错误.3.D 对A、B两球整体受力分析,受重力G2mg、OA绳子的拉力FT以及外力F,三力平衡,将绳子的拉力FT和外力F合成,其合力与重力平衡,如图所示,当外力F与绳子的拉力FT垂直时,外力F最小,最小值为2mgsin 45,
12、即mg;由于外力F的方向具有不确定性,因而从理论上讲,外力F最大值可以取到大于mg的任意值,故选D.4.CA、B接触面光滑,A、B间没有摩擦力,对A受力分析知,A受到重力和绳子的拉力,二力平衡,B对A没有支持力,否则三个力不可能平衡,故A错误;对B受力分析知,B受到重力、地面的支持力,根据平衡条件知,地面对B的支持力等于物块B的重力,地面对B没有摩擦力,故B、D错误,C正确.5.C以第1块石块为研究对象,分析受力情况:重力G、第2块石块的弹力FN1和第3块石块的弹力FN2,如图所示,由平衡条件得sin 53,故选C.6.C物块滑到轨道最低点时,由重力和轨道的支持力提供物块的向心力,由牛顿第二定
13、律得FNmgm,得到FNm(g),则当小物块滑到最低点时受到的摩擦力为FfFNm(g),故选C.7.B小球沿圆环缓慢上移可看做匀速运动,对小球进行受力分析,小球受重力G、细线的拉力FTFF、圆环对小球的弹力FN三个力.作出受力分析图如图所示设圆环的半径为R,由三角形相似得,当A点上移时,半径不变,AB长度减小,故F减小,FN不变,故B正确.8.B将M、N看做整体,水平方向拉力F等于滑动摩擦力,竖直方向重力等于支持力,根据FfFN,则有:0.25,故A错误;对M受力分析,细线与竖直方向夹角60,将绳子的拉力分解成水平方向和竖直方向,则绳子水平分力大小FFfM2.5 N,故B正确;若没有绳子的拉力
14、,木块M对木块N的压力大小为10 N,再加上绳子拉力的分力,因此木块M对木块N的压力大小大于10 N,故C错误;对于M、N整体,无论变小,还是变大,拉动M、N一起匀速运动所需拉力仍等于5 N,故D错误.9.AD对甲图分析可知,甲中A物体受到的摩擦力为静摩擦力,方向与运动方向相反,为阻力;B物体受到A的摩擦力为动力,方向向左;乙图中,A、B相对静止,只能是A、B均静止,故A受摩擦力向右,为阻力,B受摩擦力向左,为阻力,A、D正确.10.CD设弹簧弹力为F,当Fcos 30mgsin 30时,即Fmg时,A所受摩擦力为0;若Fmg时,A受到的摩擦力沿斜面向下,弹力越大,摩擦力越大;若Fmg时,A受
15、到的摩擦力沿斜面向上,弹力越大,摩擦力越小,可见A、B错误,C正确;当Fmg时,A所受摩擦力大小为FfFcos 30mgsin 30mg,方向沿斜面向下,D正确.11.BD以C为研究对象受力分析,运用合成法作图,根据平衡条件得A、B对C的弹力的合力与重力等大反向,如图甲所示:由几何知识得:FNAmg,故C错误;以A为研究对象受力分析,如图乙所示,根据平衡条件,水平方向:FfFNCsin FNAsin 60mg,故A错误,B正确;竖直方向:FN地MgFNCcos Mgmg,根据牛顿第三定律,物块A对地面的压力大小为FN地Mgmg,故D正确.12.ABCF0时,对物块A、B整体受力分析,受重力、斜
16、面的支持力和挡板的支持力FN1,根据共点力平衡条件,沿平行斜面方向,有FN12mgsin 0,故挡板受到B物块的压力为FN22mgsin ,A错误;当没有F作用时,对A分析有mgsin kx,用水平力F作用于P时,A具有水平向左的加速度,设加速度大小为a,将加速度分解如图甲所示,根据牛顿第二定律得mgsin kxmacos ,当加速度a增大时,x减小,即弹簧的压缩量减小,物块A相对斜面开始向上滑,故物块A从F刚施加上就一直沿斜面向上滑动,B错误;物块B恰好离开挡板C的临界情况是物块B对挡板无压力,此时,整体向左加速运动,对物块B受力分析,受重力、挡板支持力、弹簧的拉力,如图乙所示,根据牛顿第二
17、定律,有mgFNBcos kxsin 0,FNBsin kxcos ma,解得kxmgsin macos ,B离开挡板C时,对A、B整体,2mgtan 2ma,agtan ,则得x0,弹簧为原长,C错误;若F(M2m)gtan 且保持两物块与斜劈共同运动,则根据牛顿第二定律,整体加速度为gtan .对物块A受力分析,受重力、支持力和弹簧弹力,如图丙所示:根据牛顿第二定律,有mgsin kxmacos ,解得kx0,故弹簧处于原长,故D正确.13.(1)F(2)B(3)ABC(4)可以,因为OB和OC的作用是确定两个力的方向解析(1)题图乙中的F与F中,F是由平行四边形定则得出的,而F是通过实验
18、方法得出的,其方向一定与橡皮条的方向相同,一定与AO共线的是F.(2)本实验采用的科学方法是等效替代法,故选B.(3)拉橡皮条的绳细一些且长一些,以便记录拉力的方向,选项A正确;拉橡皮条时,弹簧秤、橡皮条、细绳应靠近木板且与木板面平行,选项B正确;同一次验证过程中O点位置应相同,以保证等效性,选项C正确;拉力F1和F2的夹角应该大小适当,选项D错误;故选A、B、C.(4)在进行实验时,图甲中的OB和OC可以用橡皮条代替;理由:因为OB和OC的作用是确定两个力的方向.14.(1)16.00(2)12.5能解析(1)刻度尺读数读到最小刻度的下一位,指针示数为16.00 cm.(2)由表格中的数据可
19、知,当弹力的变化量F0.5 N时,弹簧形变量的变化量为x4.00 cm,根据胡克定律知:k1N/m12.5 N/m;结合LA和LB示数的变化,可以得出弹簧形变量的变化量,结合弹力变化量,根据胡克定律能求出弹簧的劲度系数.15.(1)32 N(2)6 N方向沿斜面向下解析(1)对物体A受力分析,如图所示:根据平衡条件并运用正交分解法可知,y轴上合力为零,即有:FNmAgcos 37代入数据可得:FN4100.8 N32 N(2)对物体A,先假设静摩擦力平行斜面向上,根据平衡条件并结合正交分解法,有:平行斜面方向:FTFfmAgsin 37FTmBg联立解得:Ff6 N,故方向沿斜面向下.16.(
20、1)64.8 N(2)76.4 N解析对结点P受力分析如图甲所示,由平衡条件得:在竖直方向:FTAcos 37G10在水平方向:FTAsin 37FTB0联立并代入数据解得:FTB6 N对木块受力分析如图乙所示,由平衡条件得:沿斜面方向:FfG2sin 37FTBcos 370沿垂直斜面方向:FNFTBsin 37G2cos 37FTBFTB以上联立并代入数据解得:Ff64.8 N,FN76.4 N.17.(1)见解析图(2)250 N/m(3) 解析(1)匀速下滑时,小木块受重力、斜面的支持力、弹簧的拉力和摩擦力(沿斜面向上),受力分析如图所示,匀速上滑时,小木块受重力、斜面的支持力、弹簧的拉力和摩擦力(沿斜面向下),受力分析如图所示,(2)由受力分析图得匀速下滑:kx1Ff1Gsin 30,x1L1L0匀速上滑:kx2Gsin 30Ff2,x2L2L0Ff1Ff2得k250 N/m(3)由Ff1Gcos 30Gsin 30kx1得.18.(1)4 cm(2)5 N,方向沿斜面向上解析(1)对结点O受力分析如图所示:FTcos mBg0FTsin F0Fkxx4 cm.(2)设物块A所受摩擦力沿斜面向下,对物块A受力分析如图所示:FTFfmAgsin 0解得:Ff5 N即物块A所受摩擦力大小为5 N,方向沿斜面向上.
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