全国通用版高考物理一轮复习精选提分综合练单元检测二相互作用Word文档格式.docx

全国通用版高考物理一轮复习精选提分综合练单元检测二相互作用Word文档格式.docx

《全国通用版高考物理一轮复习精选提分综合练单元检测二相互作用Word文档格式.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《全国通用版高考物理一轮复习精选提分综合练单元检测二相互作用Word文档格式.docx（15页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。

A.绳子的拉力可能为零

B.地面受的压力大于物块B的重力

C.物块B与地面间不存在摩擦力

D.物块B受到地面的摩擦力水平向左

5.（2018·

湖南怀化联考）如图3所示，有四块相同的坚固石块垒成弧形的石拱，其中第3、4块固定在地面上，每块石块的两个面间所夹的圆心角均为37°

.假定石块间的摩擦力可以忽略不计，则第1、2块石块间的作用力和第1、3块石块间的作用力的大小之比为（sin37°

＝0.6，cos37°

＝0.8）（　　）

图3

A.

B.

C.

D.

6.一质量为m的小物块沿半径为R的圆弧轨道下滑，滑到最低点时的速度是v，如图4所示.若小物块与轨道的动摩擦因数为μ，则当小物块滑到最低点时受到的摩擦力为（　　）

图4

A.μmgB.

C.μm（g＋

）D.μm（g－

）

7.如图5所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔.质量为m的小球套在圆环上.一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住.现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移.在移动过程中手对线的拉力F和圆环对小球的弹力FN的大小变化情况是（　　）

图5

A.F不变，FN增大B.F减小，FN不变

C.F不变，FN减小D.F增大，FN减小

8.（2018·

福建四校联考）如图6所示，质量均为1kg的木块M和N叠放在水平地面上，用一根细绳分别拴接在M和N右侧，在绳子中点用F＝5N水平向右的力拉动M和N一起沿水平面匀速滑动，细绳与竖直方向夹角θ＝60°

，g＝10m/s2，则下列说法正确的是（　　）

图6

A.木块N和地面之间的动摩擦因数为0.35

B.木块M和N之间的摩擦力为2.5N

C.木块M对木块N的压力大小为10N

D.若θ变小，拉动M、N一起匀速运动所需拉力应大于5N

二、多项选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项是正确的，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）

9.如图7所示，叠在一起的物体A、B接触面间动摩擦因数都为μ，地面都光滑.当物体A受到水平拉力F作用，A、B处于相对静止时，关于A、B所受摩擦力对它们运动的影响，下列说法正确的是（　　）

图7

A.两图中A物所受摩擦力都是阻力，方向都水平向右

B.两图中B物所受摩擦力都是动力，方向都水平向左

C.两图中B物所受摩擦力都为动力，甲图中方向为水平向左，乙图中方向水平向右

D.甲图中B所受摩擦力为动力，乙图中B所受摩擦力为阻力，它们的方向都是水平向左

10.如图8所示，有一倾角θ＝30°

的斜面体B，质量为M.物体A质量为m，弹簧对物体A施加一个始终保持水平的作用力，调整A在B上的位置，A始终能和B保持静止.对此过程下列说法正确的是（　　）

图8

A.A、B之间的接触面可能是光滑的

B.弹簧弹力越大，A、B之间的摩擦力越大

C.A、B之间的摩擦力为0时，弹簧弹力为

D.弹簧弹力为

mg时，A所受摩擦力大小为

11.如图9所示，形状相同的物块A、B，其截面为直角三角形，相对放置在粗糙水平地面上，光滑球体C放在两物块的斜面上，系统处于静止状态.已知物块A、B的质量都是M，θ＝60°

，光滑球体C质量为m，则以下说法中正确的是（　　）

图9

A.地面对物块A的摩擦力大小为

B.地面对物块A的摩擦力大小为

C.物块A对球体C的弹力大小为

D.物块A对地面的压力大小为Mg＋

12.如图10所示，在倾角为θ的斜劈P的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连的物块A、B，C为一垂直固定在斜面上的挡板.A、B质量均为m，斜劈连同挡板的质量为M，弹簧的劲度系数为k，系统静止于光滑水平面上.现开始用一水平恒力F作用于P（重力加速度为g），下列说法中不正确的是（　　）

图10

A.若F＝0，挡板受到B物块的压力为mgsinθ

B.力F较小时A相对于斜面静止，F大于某一数值，A相对于斜面向上滑动

C.若要B离开挡板C，弹簧伸长量需达到

D.若F＝（M＋2m）gtanθ且保持两物块与斜劈共同运动，弹簧将保持原长

三、非选择题（本题共6小题，共48分）

13.（8分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图11甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳.图乙是在白纸上根据实验结果画出的图.

图11

（1）如果没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是________.

（2）本实验采用的科学方法是________.（填正确答案标号）

A.理想实验法B.等效替代法

C.控制变量法D.建立物理模型法

（3）下列说法正确的是________（填正确答案标号）

A.拉橡皮条的绳细一些且长一些

B.拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应靠近木板且与木板面平行

C.同一次验证过程中O点位置应相同

D.拉力F1和F2的夹角应该较小

（4）由于实验室没有细绳，在进行实验时，图甲中的OB和OC可以用橡皮条代替吗？

请说明理由：

_________________________________________________________________________.

14.（6分）在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，某同学把两根弹簧如图12甲连接起来进行探究.

图12

钩码数

1

2

3

4

LA/cm

15.71

19.71

23.66

27.76

LB/cm

29.96

35.76

41.51

47.36

（1）某次测量如图乙所示，指针示数为________cm.

（2）在弹性限度内，将50g的钩码逐个挂在弹簧下端，得到指针A、B的示数LA和LB如表.用表中数据计算弹簧Ⅰ的劲度系数为________N/m（重力加速度g＝10m/s2）.由表中数据________（填“能”或“不能”）计算出弹簧Ⅱ的劲度系数.

15.（8分）如图13所示，斜面与水平面的夹角为37°

，质量为4kg的物体A静止在斜面上.定滑轮的摩擦及质量均不计，求：

（sin37°

＝0.8，g＝10m/s2）

图13

（1）A受到斜面的支持力多大？

（2）若物体B质量为3kg，则A受到斜面的摩擦力为多大？

方向如何？

16.（8分）重力为G1＝8N的砝码悬挂在绳PA和PB的结点上，PA偏离竖直方向37°

角，PB在水平方向，且连在重力为G2＝100N的木块上，木块静止于倾角为θ＝37°

的斜面上，如图14所示.求：

图14

（1）木块与斜面间的摩擦力大小；

（2）木块所受斜面的弹力大小.

17.（9分）如图15所示，弹簧AB原长为L0＝35cm，A端挂一个重为G＝50N的小木块，手执B端，将小木块置于倾角为30°

的斜面上.当小木块沿斜面匀速下滑时，弹簧长度为L1＝40cm；

当小木块沿斜面匀速上滑时，弹簧长度为L2＝50cm.

图15

（1）分别画出小木块匀速下滑与匀速上滑的受力分析图；

（2）求弹簧的劲度系数k；

（3）求小木块与斜面的滑动摩擦因数μ.

18.（9分）（2018·

陕西黄陵中学模拟）如图16所示，放在粗糙、固定斜面上的物块A和悬挂的物块B均处于静止状态.轻绳AO绕过光滑的轻质定滑轮与轻弹簧的右端及轻绳BO的上端连接于O点，轻弹簧中轴线沿水平方向，轻绳的OC段与竖直方向的夹角θ＝53°

，斜面倾角α＝37°

，物块A和B的质量分别为mA＝5kg，mB＝1.5kg，弹簧的劲度系数k＝500N/m，（sin37°

＝0.8，重力加速度g＝10m/s2），求：

图16

（1）弹簧的伸长量x；

（2）物块A受到的摩擦力.

答案精析

1.D　[物体的重力是由于地球的吸引而产生的，它和地球对物体的万有引力有区别，选项A错误；

弹力的产生原因是物体发生了弹性形变，选项B错误；

摩擦力一定阻碍物体的相对运动，选项C错误；

静摩擦力存在于相对静止的两物体之间，滑动摩擦力存在于相对运动的两物体之间，运动物体可能受到静摩擦力作用，静止物体也可能受到滑动摩擦力作用，选项D正确.]

2.C　[1N、6N的合力范围为5N≤F合≤7N,8N和4N的力不在这个范围内，三个力不可能平衡，物体就不可能做匀速直线运动，故A、B错误.7N、2N的合力范围为5N≤F合≤9N,6N的力在这个范围内，三个力可能平衡，物体就可能做匀速直线运动，故C正确.5N、9N的合力范围为4N≤F合≤14N,15N的力不在这个范围内，三个力不可能平衡，物体就不可能做匀速直线运动，故D错误.]

3.D[对A、B两球整体受力分析，受重力G＝2mg、OA绳子的拉力FT以及外力F，三力平衡，将绳子的拉力FT和外力F合成，其合力与重力平衡，如图所示，当外力F与绳子的拉力FT垂直时，外力F最小，最小值为2mgsin45°

，即

mg；

由于外力F的方向具有不确定性，因而从理论上讲，外力F最大值可以取到大于

mg的任意值，故选D.]

4.C　[A、B接触面光滑，A、B间没有摩擦力，对A受力分析知，A受到重力和绳子的拉力，二力平衡，B对A没有支持力，否则三个力不可能平衡，故A错误；

对B受力分析知，B受到重力、地面的支持力，根据平衡条件知，地面对B的支持力等于物块B的重力，地面对B没有摩擦力，故B、D错误，C正确.]

5.C　[以第1块石块为研究对象，分析受力情况：

重力G、第2块石块的弹力FN1和第3块石块的弹力FN2，如图所示，由平衡条件得

＝sin53°

＝

，故选C.]

6.C　[物块滑到轨道最低点时，由重力和轨道的支持力提供物块的向心力，由牛顿第二定律得FN－mg＝m

，得到FN＝m（g＋

），则当小物块滑到最低点时受到的摩擦力为Ff＝μFN＝μm（g＋

），故选C.]

7.B　[小球沿圆环缓慢上移可看做匀速运动，对小球进行受力分析，小球受重力G、细线的拉力FT＝F＝F′、圆环对小球的弹力FN三个力.作出受力分析图如图所示

设圆环的半径为R，由三角形相似得，

，当A点上移时，半径不变，AB长度减小，故F减小，FN不变，故B正确.]

8.B　[将M、N看做整体，水平方向拉力F等于滑动摩擦力，竖直方向重力等于支持力，根据Ff＝μFN，则有：

μ＝

＝0.25，故A错误；

对M受力分析，细线与竖直方向夹角θ＝60°

，将绳子的拉力分解成水平方向和竖直方向，则绳子水平分力大小F′＝FfM＝

＝2.5N，故B正确；

若没有绳子的拉力，木块M对木块N的压力大小为10N，再加上绳子拉力的分力，因此木块M对木块N的压力大小大于10N，故C错误；

对于M、N整体，无论θ变小，还是变大，拉动M、N一起匀速运动所需拉力仍等于5N，故D错误.]

9.AD　[对甲图分析可知，甲中A物体受到的摩擦力为静摩擦力，方向与运动方向相反，为阻力；

B物体受到A的摩擦力为动力，方向向左；

乙图中，A、B相对静止，只能是A、B均静止，故A受摩擦力向右，为阻力，B受摩擦力向左，为阻力，A、D正确.]

10.CD　[设弹簧弹力为F，当Fcos30°

＝mgsin30°

时，即F＝

mg时，A所受摩擦力为0；

若F＞

mg时，A受到的摩擦力沿斜面向下，弹力越大，摩擦力越大；

若F＜

mg时，A受到的摩擦力沿斜面向上，弹力越大，摩擦力越小，可见A、B错误，C正确；

当F＝

mg时，A所受摩擦力大小为Ff＝Fcos30°

－mgsin30°

mg，方向沿斜面向下，D正确.]

11.BD　[以C为研究对象受力分析，运用合成法作图，根据平衡条件得A、B对C的弹力的合力与重力等大反向，如图甲所示：

由几何知识得：

FNA＝mg，故C错误；

以A为研究对象受力分析，如图乙所示，

根据平衡条件，水平方向：

Ff＝FNCsinθ＝FNAsin60°

mg，故A错误，B正确；

竖直方向：

FN地＝Mg＋FNC·

cosθ＝Mg＋

mg，根据牛顿第三定律，物块A对地面的压力大小为FN地′＝Mg＋

mg，故D正确.]

12.ABC　[F＝0时，对物块A、B整体受力分析，受重力、斜面的支持力和挡板的支持力FN1，根据共点力平衡条件，沿平行斜面方向，有FN1－2mgsinθ＝0，故挡板受到B物块的压力为FN2＝2mgsinθ，A错误；

当没有F作用时，对A分析有mgsinθ＝kx，用水平力F作用于P时，A具有水平向左的加速度，设加速度大小为a，将加速度分解如图甲所示，

根据牛顿第二定律得mgsinθ－kx＝macosθ，当加速度a增大时，x减小，即弹簧的压缩量减小，物块A相对斜面开始向上滑，故物块A从F刚施加上就一直沿斜面向上滑动，B错误；

物块B恰好离开挡板C的临界情况是物块B对挡板无压力，此时，整体向左加速运动，对物块B受力分析，受重力、挡板支持力、弹簧的拉力，如图乙所示，根据牛顿第二定律，有mg－FNBcosθ－kxsinθ＝0，FNBsinθ－kxcosθ＝ma，解得kx＝mgsinθ－macosθ，B离开挡板C时，对A、B整体，2mgtanθ＝2ma，a＝gtanθ，则得x＝0，弹簧为原长，C错误；

若F＝（M＋2m）gtanθ且保持两物块与斜劈共同运动，则根据牛顿第二定律，整体加速度为gtanθ.对物块A受力分析，受重力、支持力和弹簧弹力，如图丙所示：

根据牛顿第二定律，有mgsinθ－kx＝macosθ，解得kx＝0，故弹簧处于原长，故D正确.]

13.

（1）F　

（2）B　（3）ABC　（4）可以，因为OB和OC的作用是确定两个力的方向

解析　

（1）题图乙中的F与F′中，F′是由平行四边形定则得出的，而F是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮条的方向相同，一定与AO共线的是F.

（2）本实验采用的科学方法是等效替代法，故选B.

（3）拉橡皮条的绳细一些且长一些，以便记录拉力的方向，选项A正确；

拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应靠近木板且与木板面平行，选项B正确；

同一次验证过程中O点位置应相同，以保证等效性，选项C正确；

拉力F1和F2的夹角应该大小适当，选项D错误；

故选A、B、C.

（4）在进行实验时，图甲中的OB和OC可以用橡皮条代替；

理由：

因为OB和OC的作用是确定两个力的方向.

14.

（1）16.00　

（2）12.5　能

解析　

（1）刻度尺读数读到最小刻度的下一位，指针示数为16.00cm.

（2）由表格中的数据可知，当弹力的变化量ΔF＝0.5N时，弹簧Ⅰ形变量的变化量为Δx＝4.00cm，根据胡克定律知：

k1＝

N/m＝12.5N/m；

结合LA和LB示数的变化，可以得出弹簧Ⅱ形变量的变化量，结合弹力变化量，根据胡克定律能求出弹簧Ⅱ的劲度系数.

15.

（1）32N　

（2）6N　方向沿斜面向下

解析　

（1）对物体A受力分析，如图所示：

根据平衡条件并运用正交分解法可知，y轴上合力为零，即有：

FN＝mAgcos37°

代入数据可得：

FN＝4×

10×

0.8N＝32N

（2）对物体A，先假设静摩擦力平行斜面向上，根据平衡条件并结合正交分解法，有：

平行斜面方向：

FT＋Ff＝mAgsin37°

FT＝mBg

联立解得：

Ff＝－6N，故方向沿斜面向下.

16.

（1）64.8N　

（2）76.4N

解析　对结点P受力分析如图甲所示，由平衡条件得：

在竖直方向：

FTAcos37°

－G1＝0

在水平方向：

FTAsin37°

－FTB＝0

联立并代入数据解得：

FTB＝6N

对木块受力分析如图乙所示，由平衡条件得：

沿斜面方向：

Ff－G2sin37°

－FTB′cos37°

＝0

沿垂直斜面方向：

FN＋FTB′sin37°

－G2cos37°

FTB＝FTB′

以上联立并代入数据解得：

Ff＝64.8N，FN＝76.4N.

17.

（1）见解析图　

（2）250N/m　（3）

解析　

（1）匀速下滑时，小木块受重力、斜面的支持力、弹簧的拉力和摩擦力（沿斜面向上），受力分析如图所示，

匀速上滑时，小木块受重力、斜面的支持力、弹簧的拉力和摩擦力（沿斜面向下），受力分析如图所示，

（2）由受力分析图得

匀速下滑：

kx1＋Ff1＝Gsin30°

，x1＝L1－L0

匀速上滑：

kx2＝Gsin30°

＋Ff2，x2＝L2－L0

Ff1＝Ff2

得k＝

＝250N/m

（3）由Ff1＝μGcos30°

＝Gsin30°

－kx1

得μ＝

.

18.

（1）4cm　

（2）5N，方向沿斜面向上

解析　

（1）对结点O受力分析如图所示：

FTcosθ－mBg＝0

FTsinθ－F＝0

F＝kx

x＝4cm.

（2）设物块A所受摩擦力沿斜面向下，对物块A受力分析如图所示：

FT－Ff－mAgsinα＝0

解得：

Ff＝－5N

即物块A所受摩擦力大小为5N，方向沿斜面向上.