高二上学期物理第一二章复习1Word文档格式.docx

1、4电动势为E的电源与一电压表和一电流表串联成闭合回路，如果将一电阻与电压表并联，则电压表的读数减小为原来的，电流表的读数增大为原来的3倍，则可以求出：A、电源的内阻B、电流表的内阻C、电压表原来的读数D、电流表原来的读数5图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流R0为定值电阻，移动滑动变阻器的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是：（ ）6.如图，平行板电容器两极板的间距为d，极板与水平面成45角，上极板带正电。一电荷量为q（q0）的粒子在电容器中靠近下极板处，以初动能Ek0竖直向上射出。不计重力，极板尺寸足够大。若粒子能打到上极板，则

2、两极板间电场强度的最大值为：A B C D7如图所示，半径R=0.5 m的1/4圆弧接收屏位于电场强度方向竖直向下的匀强电场中，OB水平，一质量为m=10-6kg，带电荷量为q=8.010-6C的粒子从与圆弧圆心O等高且距O点0.3m的A点以初速度v0=m/s 水平射出，粒子重力不计，粒子恰好能垂直打到圆弧曲面上的C点（图中未画出），取C点电势为0，则：（）BAA该匀强电场的电场强度E=105V/m B粒子在A点的电势能EP=810-5 JC粒子到达C点的速度大小为 m/s D粒子速率为400m/s时的电势能为EP=4.510-4J 8.如图所示，图甲为热敏电阻的Rt图象，图乙为用此热敏电阻R

3、和继电器L等组成的一个简单的恒温箱温控电路，继电器线圈的电阻为150当线圈中电流大于或等于20 mA时，继电器的衔铁P被吸合为控制电路供电的电池的电动势E=6 V，内阻可以忽略不计图中“电源”是恒温箱加热器（图中未画出）的电源则下列说法中正确的是（）A继电器的工作原理是电流的磁效应B工作时，应该把恒温箱内的加热器接在C、D端C工作时，应该把恒温箱内的加热器接在A、B端D如果要使恒温箱内的温度保持100，可变电阻R的值应调为100。9某学生做研究串联电路电压特点的实验时，接成如图4所示的电路，接通S后，他将多用电表电压挡的红、黑表笔并联在A、C两点间时，电压表读数为U；当并联在A、B两点间时，电

4、压表读数也为U；当并联在B、C两点间时，电压表读数为零，故障的原因可能是（AAB段断路 BBC段断路CAB段短路 DBC段短路10某原子电离后其核外只有一个电子，若该电子在核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动，那么电子运动：A半径越大，加速度越大 B半径越小，环形电流越大C半径越大，角速度越小 D半径越小，线速度越小11一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为10 V、17 V、26 V。下列说法正确的是A电场强度的大小为2.5 V/cmB坐标原点处的电势为1 VC电子在a点的电势能比在b点的低7 eVD电子从b点运动到c点，电场力做功为9 eV12

5、.一个质量为m，电荷量为+q的小球以初速度v0水平抛出，在小球经过的竖直平面内，存在着若干个如图所示的无电场区和有理想上下边界的匀强电场区，两区域相互间隔，竖直高度相等，电场区水平方向无限长已知每一电场区的场强大小相等，方向竖直向上，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A小球在水平方向一直做匀速直线运动B若场强大小等于，则小球经过每一电场区的时间均相同C若场强大小等于，则小球经过每一无电场区的时间均相同D无论场强大小如何，小球通过所有无电场区的时间均相同二、实验题（本大题共2小题，第13题6分、14题10分；共16分）13.（1）某同学欲测量一节干电池的电压，下述操作正确的是（填字母）A欧姆调零

6、.选择档位.表笔接触电池两极（其中红表笔接触正极）.读数B机械调零.选择档位.表笔接触电池两极（其中红表笔接触正极）.读数C选择档位.机械调零.表笔接触电池两极（其中黑表笔接触正极）.读数D选择档位.欧姆调零.表笔接触电池两极（其中黑表笔接触正极）.读数（2）该同学欲测量如图甲所示插座的电压，则应把多用电表的选择开关打到如图乙所示的位置（选填A、B、C、.Q）（3）经过正确操作后，电表指针指向如图丙所示，则插座的电压为。14有一约7V数码电池，无法从标签上看清其电动势等数据。现要更加准确测量其电动势E和内电阻r，实验室备有下列器材：A电流表（量程06 A，内阻为3）B电压表（量程3 V，内阻为

7、3 k） C电压表（量程30 V，内阻为30 k）D定值电阻R1=500 E定值电阻R2=5000 F滑动变阻器（阻值范围030）G开关及导线（1）该实验中电压表应选_，定值电阻应选_。（均选填选项前的字母序号）（2）电路图如图所示，将实物连线图补充完整_。（3）若将滑动变阻器滑片滑到某一位置，读出此时电压表读数为U，电流表读数为I，则电源电动势和内阻间的关系式为_。三、论述计算题（共3小题，共34分。解答应写出必要的文字说明、规范方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15.（10分）如图所示，电流表示数I=0.75A，电压表示数为U=2V

8、，电阻R1烧断后，电流表读数变为I，=0.8A，电压表示数为U1=3.2V，已知R3=4，不计电压表和电流表对电路的影响问：（1）R1的阻值为多少？（2）电源的电动势和内阻分别为多少？16（10分）两个带电小球A和B，质量分别为m1、m2，带有同种电荷，带电荷量分别为q1、q2. A、B两球均放在光滑绝缘的水平板上，A球固定，B球被质量为m3的绝缘挡板P挡住静止，A、B两球相距为d，如图所示某时刻起挡板P在向右的水平力F作用下开始向右做匀加速直线运动，加速度大小为a，经过一段时间带电小球B与挡板P分离，在此过程中力F对挡板做功W.求： （1）力F的最大值和最小值；（2）带电小球B与挡板分离时的

9、速度17（14分）如图所示，在方向竖直向上、大小为E=1106V/m的匀强电场中，固定一个穿有A、B两个小球（均视为质点）的光滑绝缘圆环，圆环在竖直平面内，圆心为O、半径为R=0.2mA、B用一根绝缘轻杆相连，A带的电荷量为q=+7107C，B不带电，质量分别为mA=0.01kg、mB=0.08kg将两小球从圆环上的图示位置（A与圆心O等高，B在圆心O的正下方）由静止释放，两小球开始沿逆时针方向转动重力加速度大小为g=10m/s2（1）通过计算判断，小球A能否到达圆环的最高点C？（2）求小球A的最大速度值（3）求小球A从图示位置逆时针转动的过程中，其电势能变化的最大值高二上学期物理第一二章复习

10、答案（1）一1C;2C;3 C；4 C;5 C6.【答案】B7.【答案】C;8.ACD.【分析】继电器的工作原理是电流的磁效应当温度低的时候，电路与AB相连，此时加热器要工作，所以加热器的电路要与AB相连；要使恒温箱内的温度保持 100，当温度达到100时，电路就要断开，即电路要达到20mA根据闭合电路欧姆定律即可求得可变电阻R的大小：I=；代入解得：R=1009.AD;10.BC;11.ABD【解析】如图所示，设a、c之间的d点电势与b点相同，则，d点坐标为（3.5cm，6cm），过c点作cfbd于f，由几何关系可得cf=3.6cm，则电场强度，A正确；因为四边形Oacb是矩形，所以有，解得

11、坐标原点O处的电势为1 V，B正确；a点电势比b点电势低7V，电子带负电，所以电子在a点的电势能比在b点的高7 eV，C错误；b点电势比c点电势低9V，电子从b点运动到c点，电场力做功为9 eV，D正确。12. AC解析：B、竖直方向，在无电场区只受重力，加速度为g，竖直向下，有电场区除重力外，还受到向上的恒定的电场力作用，加速度的大小和方向取决于合力的大小和方向,当电场强度等于时，电场力等于mg，故在电场区小球所受的合力为零，在无电场区小球匀加速运动，故经过每个电场区，小球的速度均不等，因而小球经过每一无电场区的时间均不相等，故B错误；C、当电场强度等于时，电场力等于2mg，故在电场区小球所

12、受的合力大小等于mg，方向竖直向上，加速度大小等于g，方向竖直向上，根据运动学公式，经过第一个无电场区y=gt12 ,v1=gt1;经过第一个电场区y=v1tgt22 :v2=v1gt2联立解得t1=t2 ; v2=0.接下来小球的运动重复前面的过程，即每次通过无电场区都是自由落体运动，每次通过电场区都是末速度为零匀减速直线运动;故C正确；D、通过前面的分析可知，物体通过每个无电场区的初速度不一定相同，所以，通过电场的时间不同；故D错误；二13【答案】（1）B；（2）H；（3）14【答案】（1）B E （2）如图所示（3）3）析:电压表读数为U，电流表读数为I时，路端电压为，干路电流为，根据闭

13、合电路欧姆定律得：三.15.答案：（1）R1的阻值为8（2）电源的电动势为4V，内阻为1解：（1）R1烧断后，伏特表的读数为R2两端的电压，则得： R2=4R1烧断前，R3两端电压为：U3=IR2U=0.7542=1V通过R3的电流为：I3=0.25电阻R1的阻值为：R1=8；（2）R1烧断前，外电阻为：R外=3 总电流为：I0=I+=0.75+=1A由闭合电路欧姆定律得： E=I0（R外+r），即为：E=1（3+r）当R1烧断后，E=I（R2+r）,即为：E=0.8（4+r）联立解得：r=1，E=4V；16【答案】（1）F最大值：m3a；最小值（2）【解析】（1）开始运动时力F最小，以B球和

14、挡板整体为研究对象，由牛顿第二定律得：解得最小力为：B球与挡板分离后力F最大，以挡板为研究对象，由牛顿第二定律解得最大力为：F2m3a17.答案：（1）小球A不能到达圆环的最高点C；（2）小球A的最大速度值为（3）小球A从图示位置逆时针转动的过程中，其电势能变化的最大值为0.1344J（1）设A、B在转动过程中，轻杆对A、B做的功分别为WT、，则： 设A、B到达圆环最高点的动能分别为EKA、EKB，对A由动能定理：qERmAgR+WT1=EKA对B由动能定理：EKA+EKB=0.04J上式表明：A在圆环最高点时，系统动能为负值，故A不能到达圆环最高点（2）设B转过角时，A、B的速度大小分别为vA、vB，因A、B做圆周运动的半径和角速度均相同，故：vA=vB由上式解得，当时，A、B的最大速度均为（3）A、B从图示位置逆时针转动过程中，当两球速度为0时，电场力做功最多，电势能减少最多，由式得：3sin+4cos4=0解得：或sin=0（舍去）故A的电势能减少：