高二上学期物理第一二章复习1Word文档格式.docx

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4．电动势为E的电源与一电压表和一电流表串联成闭合回路，如果将一电阻与电压表并联，则电压表的读数减小为原来的

，电流表的读数增大为原来的3倍，则可以求出：

A、电源的内阻B、电流表的内阻

C、电压表原来的读数D、电流表原来的读数

5．图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流．R0为定值电阻，移动滑动变阻器的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是：

（）

6.如图，平行板电容器两极板的间距为d，极板与水平面成45°

角，上极板带正电。

一电荷量为q（q>

0）的粒子在电容器中靠近下极板处，以初动能Ek0竖直向上射出。

不计重力，极板尺寸足够大。

若粒子能打到上极板，则两极板间电场强度的最大值为：

A．

B．

C．

D．

7．如图所示，半径R=0.5m的1/4圆弧接收屏位于电场强度方向竖直向下的匀强电场中，OB水平，一质量为m=10-6kg，带电荷量为q=8.0×

10-6C的粒子从与圆弧圆心O等高且距O点0.3m的A点以初速度v0=

m/s水平射出，粒子重力不计，粒子恰好能垂直打到圆弧曲面上的C点（图中未画出），取C点电势为0，则：

（）

B

A

A．该匀强电场的电场强度E=105V/m

B．粒子在A点的电势能EP=8×

10-5J

C．粒子到达C点的速度大小为

m/s

D．粒子速率为400m/s时的电势能为EP'

=4.5×

10-4J

8.如图所示，图甲为热敏电阻的R﹣t图象，图乙为用此热敏电阻R和继电器L等组成的一个简单的恒温箱温控电路，继电器线圈的电阻为150Ω．当线圈中电流大于或等于20mA时，继电器的衔铁P被吸合．为控制电路供电的电池的电动势E=6V，内阻可以忽略不计．图中“电源”是恒温箱加热器（图中未画出）的电源．则下列说法中正确的是（　　）

A．继电器的工作原理是电流的磁效应

B．工作时，应该把恒温箱内的加热器接在C、D端

C．工作时，应该把恒温箱内的加热器接在A、B端

D．如果要使恒温箱内的温度保持100℃，可变电阻R′的值应调为100Ω。

9．某学生做研究串联电路电压特点的实验时，接成如图4所示的电路，接通S后，他将多用电表电压挡的红、黑表笔并联在A、C两点间时，电压表读数为U；

当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U；

当并联在B、C两点间时，电压表读数为零，故障的原因可能是（　　

A．AB段断路B．BC段断路

C．AB段短路D．BC段短路

10．某原子电离后其核外只有一个电子，若该电子在核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动，那么电子运动：

A．半径越大，加速度越大B．半径越小，环形电流越大

C．半径越大，角速度越小D．半径越小，线速度越小

11．一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为10V、17V、26V。

下列说法正确的是

A．电场强度的大小为2.5V/cm

B．坐标原点处的电势为1V

C．电子在a点的电势能比在b点的低7eV

D．电子从b点运动到c点，电场力做功为9eV

12.一个质量为m，电荷量为+q的小球以初速度v0水平抛出，在小球经过的竖直平面内，存在着若干个如图所示的无电场区和有理想上下边界的匀强电场区，两区域相互间隔，竖直高度相等，电场区水平方向无限长．已知每一电场区的场强大小相等，方

向竖直向上，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　）

A．小球在水平方向一直做匀速直线运动

B．若场强大小等于

，则小球经过每一电场区的时间均相同

C．若场强大小等于

，则小球经过每一无电场区的时间均相同

D．无论场强大小如何，小球通过所有无电场区的时间均相同

二、实验题（本大题共2小题，第13题6分、14题10分；

共16分）

13.

（1）某同学欲测量一节干电池的电压，下述操作正确的是（填字母）

A．欧姆调零.选择档位.表笔接触电池两极（其中红表笔接触正极）.读数

B．机械调零.选择档位.表笔接触电池两极（其中红表笔接触正极）.读数

C．选择档位.机械调零.表笔接触电池两极（其中黑表笔接触正极）.读数

D．选择档位.欧姆调零.表笔接触电池两极（其中黑表笔接触正极）.读数

（2）该同学欲测量如图甲所示插座的电压，则应把多用电表的选择开关打到如图乙所示的位置（选填A、B、C、….Q）

（3）经过正确操作后，电表指针指向如图丙所示，则插座的电压为

。

14．有一约7V数码电池，无法从标签上看清其电动势等数据。

现要更加准确测量其电动势E和内电阻r，实验室备有下列器材：

A．电流表（量程0．6A，内阻为3Ω）　　

B．电压表（量程3V，内阻为3kΩ）C．电压表（量程30V，内阻为30kΩ）

D．定值电阻R1=500ΩE．定值电阻R2=5000Ω

F．滑动变阻器（阻值范围0～30Ω）

G．开关及导线

（1）该实验中电压表应选______，定值电阻应选______。

（均选填选项前的字母序号）

（2）电路图如图所示，将实物连线图补充完整_________。

（3）若将滑动变阻器滑片滑到某一位置，读出此时电压表读数为U，电流表读数为I，则电源电动势和内阻间的关系式为________。

三、论述·

计算题（共3小题，共34分。

解答应写出必要的文字说明、规范方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）

15.（10分）如图所示，电流表示数I=0.75A，电压表示数为U=2V，电阻R1烧断后，电流表读数变为I，=0.8A，电压表示数为U1=3.2V，已知R3=4Ω，不计电压表和电流表对电路的影响．问：

（1）R1的阻值为多少？

（2）电源的电动势和内阻分别为多少？

16．（10分）两个带电小球A和B，质量分别为m1、m2，带有同种电荷，带电荷量分别为q1、q2.A、B两球均放在光滑绝缘的水平板上，A球固定，B球被质量为m3的绝缘挡板P挡住静止，A、B两球相距为d，如图所示．某时刻起挡板P在向右的水平力F作用下开始向右做匀加速直线运动，加速度大小为a，经过一段时间带电小球B与挡板P分离，在此过程中力F对挡板做功W.求：

（1）力F的最大值和最小值；

（2）带电小球B与挡板分离时的速度．

17．（14分）如图所示，在方向竖直向上、大小为E=1×

106V/m的匀强电场中，固定一个穿有A、B两个小球（均视为质点）的光滑绝缘圆环，圆环在竖直平面内，圆心为O、半径为R=0.2m．A、B用一根绝缘轻杆相连，A带的电荷量为q=+7×

10﹣7C，B不带电，质量分别为mA=0.01kg、mB=0.08kg．将两小球从圆环上的图示位置（A与圆心O等高，B在圆心O的正下方）由静止释放，两小球开始沿逆时针方向转动．重力加速度大小为g=10m/s2．

（1）通过计算判断，小球A能否到达圆环的最高点C？

（2）求小球A的最大速度值．

（3）求小球A从图示位置逆时针转动的过程中，其电势能变化的最大值．

高二上学期物理第一二章复习答案

（1）

一1C;

2C;

3C；

4C;

5C

6.【答案】B

7.【答案】C

;

8.ACD.【分析】继电器的工作原理是电流的磁效应．当温度低的时候，电路与AB相连，此时加热器要工作，所以加热器的电路要与AB相连；

要使恒温箱内的温度保持100℃，当温度达到100℃时，电路就要断开，即电路要达到20mA．根据闭合电路欧姆定律即可求得可变电阻R′的大小：

I=

；

代入解得：

R′=100Ω．

9.　AD;

10.BC;

11.ABD【解析】如图所示，设a、c之间的d点电势与b点相同，则

，d点坐标为（3.5cm，6cm），过c点作cf⊥bd于f，由几何关系可得cf=3.6cm，则电场强度

，A正确；

因为四边形Oacb是矩形，所以有

，解得坐标原点O处的电势为1V，B正确；

a点电势比b点电势低7V，电子带负电，所以电子在a点的电势能比在b点的高7eV，C错误；

b点电势比c点电势低9V，电子从b点运动到c点，电场力做功为9eV，D正确。

12.AC．解析：

B、竖直方向，在无电场区只受重力，加速度为g，竖直向下，有电场区除重力外，还受到向上的恒定的电场力作用，加速度的大小和方向取决于合力的大小和方向,当电场强度等于

时，电场力等于mg，故在电场区小球所受的合力为零，在无电场区小球匀加速运动，故经过每个电场区，小球的速度均不等，因而小球经过每一无电场区的时间均不相等，故B错误；

C、当电场强度等于

时，电场力等于2mg，故在电场区小球所受的合力大小等于mg，方向竖直向上，加速度大小等于g，方向竖直向上，根据运动学公式，经过第一个无电场区y=

gt12,v1=gt1;

经过第一个电场区y=v1t﹣

gt22:

v2=v1﹣gt2①②③④联立解得t1=t2;

v2=0.接下来小球的运动重复前面的过程，即每次通过无电场区都是自由落体运动，每次通过电场区都是末速度为零匀减速直线运动;

故C正确；

D、通过前面的分析可知，物体通过每个无电场区的初速度不一定相同，所以，通过电场的时间不同；

故D错误；

二．13【答案】

（1）B；

（2）H；

（3）

14【答案】

（1）BE

（2）如图所示（3）

3）析:

电压表读数为U，电流表读数为I时，路端电压为

，干路电流为

，根据闭合电路欧姆定律得：

三.15.答案：

（1）R1的阻值为8Ω．

（2）电源的电动势为4V，内阻为1Ω．

解：

（1）R1烧断后，伏特表的读数为R2两端的电压，则得：

R2=

=

Ω=4Ω

R1烧断前，R3两端电压为：

U3=IR2﹣U=0.75×

4﹣2=1V

通过R3的电流为：

I3=

Ω=0.25Ω

电阻R1的阻值为：

R1=

Ω=8Ω；

（2）R1烧断前，外电阻为：

R外=

=3Ω

总电流为：

I0=I+

=0.75+

=1A

由闭合电路欧姆定律得：

E=I0（R外+r），即为：

E=1×

（3+r）

当R1烧断后，E=I′（R2+r）,即为：

E=0.8×

（4+r）

联立解得：

r=1Ω，E=4V；

16【答案】

（1）F最大值：

m3a；

最小值

（2）

【解析】

（1）开始运动时力F最小，以B球和挡板整体为研究对象，由牛顿第二定律得：

解得最小力为：

B球与挡板分离后力F最大，以挡板为研究对象，由牛顿第二定律解得最大力为：

F2＝m3a

17.答案：

（1）小球A不能到达圆环的最高点C；

（2）小球A的最大速度值为

．

（3）小球A从图示位置逆时针转动的过程中，其电势能变化的最大值为0.1344J．

（1）设A、B在转动过程中，轻杆对A、B做的功分别为WT、

，则：

①

设A、B到达圆环最高点的动能分别为EKA、EKB，

对A由动能定理：

qER﹣mAgR+WT1=EKA②

对B由动能定理：

③

EKA+EKB=﹣0.04J④

上式表明：

A在圆环最高点时，系统动能为负值，故A不能到达圆环最高点．⑤

（2）设B转过α角时，A、B的速度大小分别为vA、vB，因A、B做圆周运动的半径和角速度均相同，故：

vA=vB⑥

⑦

⑧

⑨

由上式解得，当

时，A、B的最大速度均为

（3）A、B从图示位置逆时针转动过程中，当两球速度为0时，电场力做功最多，电势能减少最多，由⑨式得：

3sinα+4cosα﹣4=0

解得：

或sinα=0（舍去）

故A的电势能减少：