最新广东省深圳市中考数学试题分类解析.docx

1、最新广东省深圳市中考数学试题分类解析2018年-2018年广东省深圳市中考数学试题分类解析汇编专题9：四边形锦元数学工作室 编辑一、选择题1.（深圳2018年5分）一个等腰梯形的高恰好等于这个梯形的中位线，若分别以这个梯形的上底和下底为直径作圆，则这两个圆的位置关系是【 度002_】A、相离 B、相交 C、外切 D、内切【答案】C。【考点】圆与圆的位置关系，等腰梯形的性质，梯形中位线定理。【分析】根据等腰梯形的中位线=上下底边和的一半，得出高的长，再解出两个圆的半径和，与高的长比较；若d=R+r则两圆外切，若d=R-r则两圆内切，若R-rdR+r则两圆相交：如图，设AD=x，BC=y，则高=中

2、位线=（x+y），两圆半径和为： x+ y=（x+y）=高，所以两圆外切。故选C。2.（深圳2018年3分）如图，在ABCD中，AB: AD = 3:2，ADB=60，那么cos的值等于【 度002_】 【答案】A。 【考点】待定系数法，锐角三角函数定义，特殊角的三角函数值，勾股定理，解一元二次方程。 【分析】由AB: AD = 3:2，设AB=3 k，AD=2 k。 如图，作BEAD于点E，AE= x，则DE=2 kx。 在RtBDE中，由锐角三角函数定义，得BE=DEtanADB=； 在RtABE中，由勾股定理，得AE2BE2=AB2，即。 整理，得，解得。 当时，DE=2 kx=，舍去，

3、。 在RtABE中，由锐角三角函数定义，得cos=。故选A。3.（深圳2018年3分）下列命题中错误的是【 度002_】平行四边形的对边相等 两组对边分别相等的四边形是平行四边形矩形的对角线相等 对角线相等的四边形是矩形 【答案】D。【考点】命题和证明，平行四边形的判定和性质，矩形的判定和性质。【分析】根据平行四边形、矩形的判定和性质定理进行判定：选项A、B、C均正确，D中说法应为：对角线相等且互相平分的四边形是矩形。故选D。4（深圳2018年3分）如图，边长为1的菱形ABCD绕点A旋转，当B、C两点恰好落在扇形AEF的弧EF上时，弧BC的长度等于【 度002_】 【答案】C。【考点】旋转的性

4、质，菱形的性质，等边三角形的判定和性质，扇形弧长的计算。【分析】连接AC， AB=BC（菱形的四边相等），AB=AC（同为扇形的半径） AB=BC=AC（等量代换）。 ABC是等边三角形（等边三角形定义）。 BAC=600（等边三角形每个内角等于600）。 根据扇形弧长公式，得弧BC的长度。故选C。5.（深圳2018年招生3分）如图，正方形ABCD中，E为AB的中点，AFDE于点O，则等于【 度002_】A . B . C . D . 【答案】D。【考点】正方形的性质，相似三角形的判定和性质。【分析】由正方形四边相等的性质和E为AB的中点，得。 由正方形四个角等于900的性质和AFDE，可得A

5、OEDOA，。故选D。二、填空题1.（深圳2018年3分）在矩形ABCD中，对角线AC、BD相交于点O，过点O作OEBC，垂足为E，连结DE交AC于点P，过P作PFBC，垂足为F，则的值是_.【答案】。【考点】矩形的性质，相似三角形的判定和性质。【分析】根据题意易证OBEDBC和EPFED，利用相似三角形的相似比求解：OB=BD，OEBC，CDBC，OBEDBC。OECD，OEPCDP。PFDC，EPFEDC。CE=BC，。2.（深圳2018年3分）如图，口ABCD中，点E在边AD上，以BE为折痕，将ABE向上翻折，点A正好落在CD上的点F，若FDE的周长为8 cm，FCB的周长为22 cm，

6、则FC的长为 cm。【答案】6。【考点】翻折变换（折叠问题），平行四边形的性质。【分析】根据折叠的性质，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等，AE=EF，AB=BF。FDE的周长为DE+FE+DF=AD+DF=8， 即AD+ABFC=8， FCB的周长为FC+AD+AB=20，得2FC=12，FC=6（cm）。3（深圳2018年3分）如图所示，在四边形ABCD中，对角线AC与BD相交于点O若不增加任何字母与辅助线，要使得四边形ABCD是正方形，则还需增加的一个条件是 【答案】AC=BD或或ABBC或等等。【考点】菱形和正方形的判定。【分析】根据菱形的判定定理及正方形的判定

7、定理即可解答：在四边形ABCD中，AB=BC=CD=DA，四边形ABCD是菱形要使四边形ABCD是正方形，则还需增加一个条件是：AC=BD或或ABBC等等。4.（深圳2018年3分）13如图，矩形ABCD中，由8个面积均为1的小正方形组成的L型模板如图放置，则矩形ABCD的周长为 【答案】。【考点】矩形的性质，全等三角形的判定和性质，勾股定理，相似三角形的判定和性质。【分析】作GHAE于点H，则有AE=EF=HG=4， AH=2， 由勾股定理，得AG=。BAE+AEB=90=FEC+AEB，BAE=FEC。又B=C=90，AE=EF，ABEECF（AAS）。AB=CE。设AB=CE=，BE=，

8、BAE+AEB=90=BAE +GAH，AEB=GAH。又B=AHG=90，ABEGHA。，即。解得， 矩形ABCD的周长=2（AB+BC）=2（）=。5.（深圳2018年3分）如图a是长方形纸带，DEF=20，将纸带沿EF折叠成图b，再沿BF折叠成图c，则图c中的CFE的度数是 【答案】120。【考点】翻折变换（折叠问题）。【分析】折叠是一种对称变换，它属于轴对称，根据轴对称的性质，折叠前后图形的形状和大小不变，如本题中折叠前后角相等。因此，根据图示可知图c中CFE=180320=120。6.（深圳2018年学业3分）如图，在ABCD中，AB5，AD8，DE平分ADC，则BE 【答案】3。【

9、考点】角平分线的定义，平行四边形的性质，平行的性质，等腰三角形的判定。【分析】在ABCD中，AB=5，AD=8，BC=8，CD=5（平行四边形的对边相等）。DE平分ADC，ADE=CDE（角平分线的定义）。又ABCD中，ADBC，ADE=DEC（两直线平行，内错角相等）。DEC=CDE（等量代换）。CD=CE=5（等角对等边）。BE=BCCE=85=3。7.（深圳2018年招生3分）如图，在边长为2cm 的正方形ABCD 中，点Q 为BC 边的中点，点P 为对角线AC 上一动点，连接PB 、PQ ，则PBQ 周长的最小值为 cm（结果不取近似值）【答案】1+。【考点】正方形的性质，轴对称的性质

10、，三角形三边关系，勾股定理。【分析】由于BD长固定，因此要求PBQ 周长的最小值， 即求PB+PQ的最小值。根据正方形的轴对称性和点Q 为BC 边的中点，取CD的中点Q，连接BQ交AC于点P。此时得到的PBQ 的周长最小。根据勾股定理，得B Q=。因此，PBQ 周长的最小值为BQ+PB+PQ= BQ+ B Q=1+（cm）。三、解答题1. （深圳2018年8分）已知：如图，在口ABCD中，E、F是对角线AC上的两点，且AF=CE。求证：DE=BF【答案】证明：四边形ABCD是平行四边形，ABCD，AB=CD。BAE=DCF。AE=CF，ABECDF（SAS）。BE=DF。【考点】平行四边形的性

11、质，全等三角形的判定和性质。【分析】要证BE=DF，只要证ABECDF即可。由平行四边形的性质知AB=CD，ABCD，BAE=DCF，又知AE=CF，于是可由SAS证明ABECDF，从而BE=DF得证。本题还可以通过证ADFCBE来证线段相等。2.（深圳2018年10分）如图（1），等腰梯形ABCD中，AD/BC，AB=DC，以HF为直径的O与AB、BC、CD、DA相切，切点分别是E、F、G、H，其中H为AD的中点，F为BC的中点，连结HG、GF。 （1）若HG和GF的长是关于x的方程x26xk=0的两个实数根，求O的直径HF（用含k的代数式表示），并求出k的取值范围。（2）如图（2），连结E

12、G、DF，EG与HF交于点M，与DF交于点N，求的值。 （1） （2）【答案】解：（1）HF是O的直径，HGF是直角三角形。 HF2=HG2GF2=(HGGF)22HGGF 由一元二次方程根与系数的关系：HGGF=6 ，HGGF=k，HF2=622k。 HF0 ，HF=。 方程x26xk=0的两个实数根，=624k0 又k=HGGF0，且362k0，0k9。 （2）F是BC的中点，H是AD的中点， 由切线长定理得： AE=AH=HD=DG， EB=BF=FC=CG。AE：EB=DG：GC。 AD/EG/BC。 ADHF， GEHF。设DG=DH=a，CG=CF=b，AD/EG/BC，DNGDFC，FMNFHD。 NG：FC=DG：DC， 即NG:b=a:(a+b)， MN：HD=NF：DF=CG：DC , 即MN:a=b:(a+b)。 NG=MN 。又由垂径定理得EM=GM， =。【考点】等腰梯形的性质，圆周角定理，勾股定理，一元二次方程根的判别式和根与系数的关系，解不等式组，切线长定理，平行线分线段成比例，相似三角形的判定和性质，垂