1、设(2x3)7的展开式中的第r+1项是T=C(2x3)()r=C2(1)rx,当+3(7r)=0,即r=6时,它为常数项,C(1)621=14.A4.(xx年湖北,文14)已知(x+x)n的展开式中各项系数的和是128,则展开式中x5的系数是_.(以数字作答)(x+x)n的展开式中各项系数和为128,令x=1,即得所有项系数和为2n=128.n=7.设该二项展开式中的r+1项为T=C(x)(x)r=C令=5即r=3时,x5项的系数为C=35.355.若(x+1)n=xn+ax3+bx2+cx+1(nN*),且ab=31,那么n=_.ab=CC=31,n=11.11典例剖析【例1】 如果在(+)
2、n的展开式中,前三项系数成等差数列,求展开式中的有理项.解:展开式中前三项的系数分别为1,由题意得2=1+,得n=8.设第r+1项为有理项,T=Cx,则r是4的倍数,所以r=0,4,8.有理项为T1=x4,T5=x,T9=.评述:求展开式中某一特定的项的问题常用通项公式,用待定系数法确定r.【例2】 求式子(x+2)3的展开式中的常数项.解法一:(x+2)3=(x+2)(x+2)(x+2)得到常数项的情况有:三个括号中全取2,得(2)3;一个括号取x,一个括号取,一个括号取2,得CC(2)=12,常数项为(2)3+(12)=20.解法二:(|x|+2)3=()6.设第r+1项为常数项,则T=C
3、()r|x|=(1)6C|x|,得62r=0,r=3.T3+1=(1)3C=20.思考讨论(1)求(1+x+x2+x3)(1x)7的展开式中x4的系数;(2)求(x+4)4的展开式中的常数项;(3)求(1+x)3+(1+x)4+(1+x)50的展开式中x3的系数.(1)原式=(1x)7=(1x4)(1x)6,展开式中x4的系数为(1)4C1=14.(2)(x+4)4=,展开式中的常数项为C(1)4=1120.(3)方法一:原式=.展开式中x3的系数为C.方法二:原展开式中x3的系数为C+C+C+C=C+C+C=C+C+C=C.把所给式子转化为二项展开式形式是解决此类问题的关键.【例3】 设an
4、=1+q+q2+q(nN*,q1),An=Ca1+Ca2+Can.(1)用q和n表示An;(2)(理)当3q1时,求.(1)因为q1,所以an=1+q+q2+q=.于是An= C+ C+C=(C+C+C)(Cq+Cq2+Cqn)=(2n1)(1+q)n1=2n(1+q)n.(2)=1()n.因为31,且q1,所以0| |1.所以=.闯关训练夯实基础1.一串装饰彩灯由灯泡串联而成,每串有20个灯泡,只要有一只灯泡坏了,整串灯泡就不亮,则因灯泡损坏致使一串彩灯不亮的可能性的种数为A.20 B.219 C.220 D.2201C+C+C=2201.D2.(xx年福建,文9)已知(x)8展开式中常数项
5、为1120,其中实数a是常数,则展开式中各项系数的和是A.28 B.38 C.1或38 D.1或28T=Cx8r(ax1)r=(a)rCx82r.令82r=0,r=4.(a)4C=1120.a=2.当a=2时,令x=1,则(12)8=1.当a=2时,令x=1,则(12)8=38.3.(xx年全国,13)(x)8展开式中x5的系数为_.设展开式的第r+1项为T=Cx8r()r=(1)rCx.令8=5得r=2时,x5的系数为(1)2C=28.284.(xx年湖南,理15)若(x3+)n的展开式中的常数项为84,则n=_.T=C(x3)nrx.令3nr=0,2n=3r.n必为3的倍数,r为偶数.试验
6、可知n=9,r=6时,C=C=84.95.已知(x+1)n展开式中,末三项的二项式系数和等于22,二项式系数最大项为xx0,求x的值.由题意CCC=22,即CCC=22,n=6.第4项的二项式系数最大.C(x)3=xx0,即x3lgx=1000.x=10或x=.培养能力6.若(1+x)6(12x)5=a0+a1x+a2x2+a11x11.求:(1)a1+a2+a3+a11;(2)a0+a2+a4+a10.(1)(1+x)6(12x)5=a0+a1x+a2x2+a11x11.令x=1,得a0+a1+a2+a11=26, 又a0=1,所以a1+a2+a11=261=65.(2)再令x=1,得a0a
7、1+a2a3+a11=0. +得a0+a2+a10=(26+0)=32.在解决此类奇数项系数的和、偶数项系数的和的问题中常用赋值法,令其中的字母等于1或1.7.在二项式(axm+bxn)12(a0,b0,m、n0)中有2m+n=0,如果它的展开式里最大系数项恰是常数项.(1)求它是第几项;(2)求的范围.(1)设T=C(axm)12r(bxn)r=Ca12rbrxm(12r)+nr为常数项,则有m(12r)+nr=0,即m(12r)2mr=0,r=4,它是第5项.(2)第5项又是系数最大的项,有Ca8b4Ca9b3, Ca8b4Ca7b5. 由得a8b4a9b3,a0,b0, ba,即.由得,
8、.8.在二项式(+)n的展开式中,前三项的系数成等差数列,求展开式中的有理项.分析:根据题意列出前三项系数关系式,先确定n,再分别求出相应的有理项.前三项系数为C,C,C,由已知C=C+C,即n29n+8=0,解得n=8或n=1(舍去).T=C()8r(2)r=C4Z且0r8,rZ,r=0,r=4,r=8.展开式中x的有理项为T1=x4,T5=x,T9= x2.展开式中有理项的特点是字母x的指数4Z即可,而不需要指数4N.探究创新9.有点难度哟!求证:2(1+)n3(n2,nN*).证明:(1+)n=C+C +C()2+C()n=1+1+C+C+C=2+2+2+=2+=3()2.所以23.思悟
9、小结1.在使用通项公式T=Cbr时,要注意:(1)通项公式是表示第r1项,而不是第r项.(2)展开式中第r+1项的二项式系数C与第r+1项的系数不同.(3)通项公式中含有a,b,n,r,T五个元素,只要知道其中的四个元素,就可以求出第五个元素.在有关二项式定理的问题中,常常遇到已知这五个元素中的若干个,求另外几个元素的问题,这类问题一般是利用通项公式,把问题归纳为解方程(或方程组).这里必须注意n是正整数,r是非负整数且rn.2.证明组合恒等式常用赋值法.教师下载中心教学点睛1.要正确理解二项式定理,准确地写出二项式的展开式.2.要注意区分项的系数与项的二项式系数. 3.要注意二项式定理在近似
10、计算及证明整除性中的应用.4.通项公式及其应用是二项式定理的基本问题,要熟练掌握.拓展题例【例题】 求(a2b3c)10的展开式中含a3b4c3项的系数.(a2b3c)10=(a2b3c)(a2b3c)(a2b3c),从10个括号中任取3个括号,从中取a;再从剩余7个括号中任取4个括号,从中取2b;最后从剩余的3个括号中取3c,得含a3b4c3的项为Ca3C(2b)4C(3c)3=CCC(3)3a3b4c3.所以含a3b4c3项的系数为CC1627.2019-2020年高考数学一轮复习 11.1 随机事件的概率教案网络体系总览考点目标定位1.了解等可能性事件的概率的意义,会用排列组合公式计算一
11、些等可能性事件的概率.2.了解互斥事件的意义,会用互斥事件的概率加法公式计算一些事件的概率.3.了解相互独立事件的意义,会用相互独立事件的概率乘法公式计算一些事件的概率,会计算事件在n次独立重复试验中恰好发生k次的概率.复习方略指南概率是新课程中新增加部分的主要内容之一.这一内容是在学习排列、组合等计数知识之后学习的,主要内容为等可能性事件的概率、互斥事件有一个发生的概率及相互独立事件同时发生的概率.这一内容从xx年被列入新课程高考的考试说明.在xx,xx,xx,xx,xx这五年高考中,新课程试卷每年都有一道概率解答题,并且这五年的命题趋势是:从分值上看,从10分提高到17分,从题目的位置看,
12、xx年为第(17)题,xx年为第(18)题,xx年为第(19)题,xx年为第(20)题即题目的位置后移,xx年两题分值增加到17分.从概率在试卷中的分数比与课时比看,在试卷中的分数比(12150=112.5)是在数学中课时比(约为11330=130)的2.4倍.概率试题体现了考试中心提出的“突出应用能力考查”以及“突出新增加内容的教学价值和应用功能”的指导思想,在命题时,提高了分值,提高了难度,并设置了灵活的题目情境,如普法考试、串联并联系统、计算机上网、产品合格率等,所以在概率复习中要注意全面复习,加强基础,注重应用.11.1 随机事件的概率1.随机事件:在一定条件下可能发生也可能不发生的事件.2.必然事件:在一定条件下必然要发生的事件.3.不可能事件:在一定条
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