1、故双曲线的焦点坐标为:故选:C【点睛】本题主要考查双曲线的性质和方程,根据a,b,c之间的关系是解决本题的关键3.如图,某几何体三视图(单位:)为三个直角三角形,则该几何体的体积为( )【答案】B根据几何体的三视图,得出该几何体是底面为直角三角形,高为5的三棱锥,求出体积即可【详解】根据几何体的三视图,得;该几何体是底面为直角三角形,高为1的三棱锥,该几何体的体积为B【点睛】本题考查了空间几何体的三视图的应用问题,解题时应根据几何体的三视图,得出几何体是什么图形,是基础题4.已知复数满足,则的共轭复数为( )利用复数的运算法则、共轭复数的定义即可得出【详解】:(1-i)(1+i)z=(1-i)
2、(1+2i),化为2z=1+3i, 则z的共轭复数为【点睛】本题考查了复数的运算法则、共轭复数的定义,考查了推理能力与计算能力,属于基础题5.函数的图像可能是( )【答案】A研究函数的性质,根据性质作出判断.【详解】 ,即函数为奇函数,图像关于原点对称。排除B,当 则排除C,D.故选A.【点睛】本题考查根据函数的解析式判断函数的图像,解题的关键是研究函数的性质.6.已知为一条直线,为两个不同的平面,则下列说法正确的是( )A. 若 B. 若C. 若 D. 若对四个选项,分别进行判断,即可得出结论【详解】对于A,若m,则m或m,不正确;对于B,设=a,在平面内作直线ba,则b,m,mb,若m,则
3、m,若m,也成立m或m,不正确;对于C,若m,利用平面与平面平行的性质,可得m,正确对于D,若m,则则m或m,相交,不正确;【点睛】本题主要考查了直线,平面之间的位置关系的判断,需要学生具备空间想象力,逻辑推理能力,属于中档题7.抽奖箱中有个形状一样,颜色不一样的乒乓球(2个红色,3个黄色,其余为白色),抽到红球为一等奖,黄球为二等奖,白球不中奖。有90人依次进行有放回抽奖,则这90人中中奖人数的期望值和方差分别是( )【答案】D根据题意可得中奖的概率,而中奖人数服从二项分布,由此即可得到答案.【详解】由题可得中奖概率为 ,而中奖人数服从二项分布,故这90人中中奖人数的期望值为 方差为故选D.
4、【点睛】本题考查二项分布的判别及其期望和方差的求法,属中档题.8.正四面体在平面内,点是线段的中点,在该四面体绕旋转的过程中,直线与平面所成角不可能是( )将问题抽象为如下几何模型,平面的垂线可视为圆锥的底面半径EP,绕着圆锥的轴EF旋转,则可得到答案【详解】考虑相对运动,让四面体ABCD保持静止,平面绕着CD旋转,故其垂线也绕着CD旋转,如下图所示,取AD的中点F,连接EF,则 则也可等价于平面绕着EF旋转,在中,易得如下图示,将问题抽象为如下几何模型,平面的垂线可视为圆锥的底面半径EP,绕着圆锥的轴EF旋转,显然设BE与平面所成的角为,则可得考虑四个选项,只有选D.【点睛】本题考查最小角定
5、理的应用,线面角的最大值即为BE与CD所成的角.,属中档题.9.已知是不共线的两个向量,的最小值为,若对任意,的最小值为( )设的夹角为,则,则由,可得可得结合可得到,由即可得到答案.【详解】设,两式相乘可得(*)而,结合(*)可得,解得 故选B.【点睛】本题考查了向量的三角形法则、向量共线定理、向量垂直与数量积的关系,考查了推理能力与计算能力,属于中档题10.已知数列的通项,若,则实数可以等于( )利用利用裂项相消法可得,求出,逐一验证即可. 当时, 此时当故选B.【点睛】本题考查利用裂项相消法求和,属中档题. 非选择题部分(共110分)填空题:本大题共7小题,多空题每小题6分,单空题每小题
6、4分,共36分.11.若_,_【答案】 (1). 1 (2). 利用换底公式可求得值,利用对数恒等式可求的值.即答案为(1). 1 (2). 【点睛】本题考查换底公式和对数恒等式的应用,属基础题.12.已知点在不等式组,表示的平面区域上运动,若区域表示一个三角形,则的取值范围是_,若的最大值是_.【答案】 (1). (2). -3根据已知的不等式组画出满足条件的可行域,根据图形情况讨论,求出表示的平面区域是一个三角形时a的取值范围进而得到若的最大值.满足约束条件的可行域如下图所示由图可知,若不等式组表示的平面区域是一个三角形,则a的取值范围是: a10.若则由约束条件画出可行域如下图所示,可知
7、当目标函数经过点A(1,2)时取最大值,最大值是-3.【点睛】本题考查了由可行域求参数,以及线性规划的应用,属基础题.13.已知函数的定义域为_,的最大值为_. (2). 的定义域即为使得函数有意义的x的取值,利用福降幂公式和辅助角公式即可求 的最大值.【详解】函数定义域即为使得函数有意义的x的取值,即,即函数的定义域为;故 的最大值为.【点睛】本题考查三角函数的的用意,以及三角函数的最值,属中档题.14.已知=_【答案】-40由 ,即可得到答案 ,由题 .即答案为-40.【点睛】本题考查二项展开式的应用,属中档题.15.已知抛物线的焦点,过点作直线交抛物线于两点,则_.的最大值为_【答案】
8、(1). 1 (2). 4由题意设直线AB的方程以及A、B点的坐标,由直线与抛物线方程联立消去y整理得关于x的二次方程,利用抛物线的定义可求的值,利用三元均值不等式求出 最大值【详解】由题意知,抛物线y2=4x的焦点坐标为(1,0),设设为A(x1,y1),B(x2,y2),AB:x=my+1,联立直线与抛物线方程可得, 有抛物线的限制可得 故(*)由(*)可得当且仅当 时取等号,故的最大值为4.即答案为1,4【点睛】本题考查直线与抛物线的位置关系,抛物线的焦点弦的性质,考查基本不等式,属中档题.16.名学生参加个兴趣小组活动,每人参加一个或两个小组,那么个兴趣小组都恰有人参加的不同的分组共有
9、_种.【答案】90由题意得4名学生中,恰有2名学生参加2个兴趣小组,其余2 名学生参加一个兴趣小组,然后分情况讨论可得参加的不同的分组的种数.【详解】由题意得4名学生中,恰有2名学生参加2个兴趣小组,其余2 名学生参加一个兴趣小组,首先4名学生中抽出参加2个兴趣小组的学生共有种.下面对参加兴趣小组的情况进行讨论:参加两个兴趣小组的同学参加的兴趣小组完全相同,共种;2、参加两个兴趣小组的同学参加的兴趣小组有一个相同,共故共有即答案为90.【点睛】本题考查两个计数原理,属中档题.17.若对恒成立,则实数的取值范围为_【答案】由已知可得,来约束相结合可求实数的取值范围.故考虑利用数形结合解题,其几何
10、意义为顶点为 的字形在时 始终夹在和之间,如图1和图2 所示,为两种临界状态.首先就是图1 的临界状态,此时字形右边边界与相切,联立直线方程和抛物线方程可得 ,此时 而图2 的临界状态显然综上实数的取值范围为即答案为【点睛】本题考查的绝对值不等式的意义,考查了数形结合思想,属难题.解答题:本大题共5小题,共74分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.18.在中,角所对的边分别是为其面积,若求角的大小;(2)设的平分线交于.求的值(I)(II)(1)由根据三角形面积公式及余弦定理可得,得到,由此可求角(2)在中,由正弦定理可得利用二倍角公式可得 ,求出,利用即可得到结果.得 得中,由正弦定理得所以【点睛】本题考查利用正弦定理,余弦定理解三角形,考查三角恒等变换,属中档题.19.如图,将矩形沿折成二面角,其中为的中点,已知的中点。(1)求证平面(2)求所成角的正弦值(I)见解析(2)(1)取的中点,连结,通过专门四边形是平行四边形,可证
copyright@ 2008-2022 冰豆网网站版权所有
经营许可证编号:鄂ICP备2022015515号-1