初中数学竞赛估计与估算含答案.docx

1、初中数学竞赛估计与估算含答案估计与估算1992年小学数学奥林匹克初赛（B）卷第3题是：的结果是x。那么，与x最接近的整数是_。这道题并不要求求x，而求“与x最接近的整数”，这就是估计或估算。估计与估算是一种十分重要的算法，在生活实践和数学解题中有广泛的应用，其表现形式通常有以下两种：（1）省略尾数取近似值，即观其“大概”；（2）用放大或缩小的方法来确定某个数或整个算式的取值范围，即估计范围。例1 A=1234567891011121331211101987654321，求 A的小数点后前3位数字。解：A12343122=0.3952A123531210.3957所以0.3952A0.3957，

2、A的小数点后前3位数是395。说明：上述解法是采用放缩法估计范围解答的，本题还可采用取近似值的办法求解。解法如下：将被除数、除数同时舍去13位，各保留4位，则有123431210.39530.395。得它们的和大于3，至少要选多少个数？解：要使所选的数尽量少，所选用的数就应尽量大，所以应从开头依次选。首先注意到：从而所以，至少应选11个数。说明：（1）上述解答是采用取近似值的办法估值的，也可以利用放缩法估值解答。解法如下：所以，至少应选11个数。（2）以上解答过程中包括两个方面，其一是确定选数的原则；其二是验算找到“分界声、”，而这里的验算只是一种估计或估算，并不要求精确。（3）类似的问题是至

3、少取出多少个数，才能使取出的数的和大于2？答案是7，请读者自己练习。例3 右面的算式里，每个方框代表一个数字。问：这6个方框中的数字的总和是多少？解：每个方框中的数字只能是09，因此任两个方框中的数字之和最多是18。现在先看看被加数与加数中处于百位的两个数字之和，这个和不可能小于18，因为不管它们后面的两个二位数是什么，相加后必小于200，也就是说最多只能进1。这样便可断定，处于百位的两个数字之和是18，而且后面两位数相加进1。同样理由，处于十位的两个数字之和也是18，而且两个个位数字相加后进1。因此，处于个位的两个数字之和必是17。所以，6个方框中数字之和为181817=53。例4 如果两个

4、四位数的差等于8921，就说这两个四位数组成一个数对，那么这样的数对共有多少个，解：最小的四位数是1000，与1000组成一个数对的另一个四位数是 89211000=9921，也就是最小一个数对是 9921与1000。同时由最大的四位数是9999，可知共有9999-（99211）=79（个）不同的被减数。所以，这样的数对共有79个。说明：解答的关键在于确定符合条件的的最小数对（9921，1000），同时因为有几个不同的被减数，就有几个不同的减数相对应地存在，所以我们只要考虑有几个不同的被减数即可。例5 七位数17562的未位数字是几时，不管千位上是09中的哪一个数字，这个七位数都不是11的倍数

5、？解：因为1750620111591473，1759629111599663，所以这个七位数是11的倍数的最小值是1750628，最大值是1759626。又因为1001=71113，由数的整除性质，可知1750628加上若干个1001，或1759626减去若干个1001后，其值也是11的倍数。这样1750628，1751629，1759626，1758625，1757624，1756623，1755622，1754621，1753620都是11的倍数。由上述讨论可知七位数17562的末位数字是7时，不管其千位上是0到9中的哪一个数字，这个七位数都不是11的倍数。说明：上述解法是利用估算确定出取

6、值范围再进行讨论。此题也可由能被11整除的数的特征入手解决。留给读者思考。例6 小明的两个衣服口袋中各有13张卡片，每张卡片上分别写着1，2，3，13。从这两个口袋中各拿出1张卡片并计算2张卡片上的数的乘积，可以得到许多不相等的乘积。那么，其中能被6整除的乘积共有多少个？解：根据题意可知，在所得到的许多不相等的乘积中，最小值是 11=1，最大值是1313=169，并且1与169都不能被 6整除，这样，在得到的许多不相等的积中，能被6整除的最小值是16=6，最大值是1312=266，而介于16与266之间的能被6整除的数并非每个都是2张卡片上的数的积，如256，236， 216，196，176这

7、五个就不是。所以，这些积中能被6整除的数共有26-5=21（个）。说明：解答这类问题要特别注意：不能简单地根据最小值是6的1倍，最大值是6的26倍，就错误地下结论是26个。如果取每个数的整数部分（例如1.64的整数部分是1， 解：关键是判断从哪个数开始整数部分是2。因为2-1.64=0.36，我们11192=49。例8 有一列数，第一个数是105，第二个数是85，从第三个数开始，每个数都是它前面两个数的平均数，那么第19个数的整数部分是几？总介于这两个数之间，所以后面各数的整数部分均为91，当然第19个数的整数部分也为91。说明：注意到每个正数都介于两个相邻整数n和n1之间，或者写成nan1，

8、此时n就是a的整数部分。因此确定某个正数的整数部分，实际上就是去估计它介于哪两个相邻自然数之间。例9 求下式中S的整数部分：解：根据“一个分数，当分子不变而分母变大时，分数值变小；当分子不变，分母变小时，分数值变大”对S的分母进行放缩。不但非常麻烦，而且容易出错。为了求得一个数大概是多少，我们采用放缩法，以确定它的范围，也就是估值。放缩是解答估值问题的一种常用方法。在用这种方法时，一定要注意放缩要适当，要合情合理。一个类似的问题是答案是19。例10 学校组织若干人参加夏令营。先乘车，每个人都要有座位，这样需要每辆有60个座位的汽车至少4辆。而后乘船，需要定员为70人的船至少3条。到达营地后分组

9、活动，分的组数跟每组的人数恰好相等。这个学校参加夏令营的人有多少？解：由“每辆有60个座位的汽车至少4辆”可知，参加夏令营的人数在（6031=）181（604=） 240人之间。由“需要定员为70人的船至少3条”可知，参加夏令营人数在（7021=）141（703=）210人之间。这样，参加夏令营的人数在181210人之间。又由“分的组数和每组人数恰好相等”可知，参加夏令营的人数一定是一个平方数。而181210之间只有196是平方数，所以参加夏令营的人数是196。说明：解答此题的关键是估计人数的范围：从乘车来看，1第四辆车人数60，从乘船来看，1第三条船人数70，所以，181夏令营的人数210。

10、例11 将自然数按如下顺序排列：1 2 6 7 15 16 3 5 8 14 17 4 9 13 10 12 11 在这样的排列下，数字3排在第2行第1列，数字13排在第3行第3列。问：数字168排在第几行第几列？分析：我们来分析一下给出数阵中每一斜行的规律。这里第2斜行的数字是3，2；第3斜行的数字是4，5，6；余此类推。仔细观察后我们发现：奇数斜行中的数字由下向上递增，偶数斜行中的数字由上向下递增，我们只要找出168位于第几斜行，再换算成原数阵中的第几行第几列，问题便解决了。18斜行最大的数字是171，所以168位于第18斜行。第18斜行中的数字是由上向下递增，因此，168位于第18斜行由

11、上向下数第（168-153=）15位，换算成原数阵的行和列，便是第15行，第（18-151=）4列。解法2：为方便起见，可将数阵按顺时针方向旋转45，则原数阵变为13 24 5 610 9 8 711 12 13 14 15 设168位于上述数阵的第n行，则12（n1）16812n，可见，n应为18，即168位于上述数阵中的第18行。又 168-153=15，18-151=4，由数阵排列次序可知168位于上述数阵的第18行从左数第4个数，从右数第15个数。将上述数阵还原为题中数阵，168在第15行第4列的位置上。例12 唐老鸭与米老鼠进行万米赛跑，米老鼠每分钟跑125米，唐老鸭每分钟跑100米

12、。唐老鸭手中掌握着一种迫使米老鼠倒退的电子遥控器，通过这种遥控器发出第n次指令，米老鼠就以原来速度的n10倒退一分钟，然后再按原来的速度继续前进。如果唐老鸭想在比赛中获胜，那么它通过遥控器发出指令的次数至少是多少次？解：唐老鸭跑完1万米需要100分钟。设唐老鸭在100分钟内共发出n次迫使米老鼠倒退的指令，则在100分钟内米老鼠有n分钟的时间在倒退，有（100-n）分钟的时间在前进，依题意有125（100-n）-125（0.10.120.130.1n）10000，整理得 n（n21）400。当n=12时， n21=33，1233=396400。当n=13时，n21=34，1234=442400。

13、所以n至少等于13，即遥控器发出指令的次数至少是13次。练习14的结果是x，求与x最接近的整数。2. 五名选手在一次数学竞赛中共得404分，每人得分互不相等，并且其中得分最高的选手是90分。问：得分最低的选手至少得多少分？3.有15个自然数，去掉最大的数后，平均数约等于2.5；去掉最小的数后，平均数约等于2.8。求最大数与最小数之差。4.小华计算七个自然数的平均数（得数保留两位小数）时，将得数最后一位算错了。他的错误答案是21.83，正确答案应是多少？5.有一算式，左边方框里都是整数，右边答案写出了四舍五入后的近似值：问：算式左边三个方框里的整数从左至右依次是多少？6，一本书的中间被撕掉了一张

14、，余下各页码数的和正好是1000。问：（1）这本书有多少页？（2）撕掉的是哪一张？7. 8.011.248.021.238.031.22的整数部分是多少？练习14 答案1.24。所以与x最接近的整数是24。2.50分。解：在五名选手总分一定的条件下，根据最高得分为90分，且为互不相等的整数，当除得分最高和最低的两名选手外的另外三名得分为89，88，87分时，得分最低的选手分数最少，最少是404-（90+89+88+87）=50（分）。3.4。解：142.45=34.3，142.55=35.7，因为去掉最大数后14个数的和是自然数，所以去掉最大数后的14个数的和是35。同理可求出，去掉最小数后的

15、14个数之和是39。所以最大数与最小数相差39-35=4。4.21.86。解：设平均数的正确答案是x。根据小华错误答案的最后一位算错的条件，可知21.795x21.895，152.5657x153.265。因为7x是自然数，所以它只能是153。这样，平均数的正确答案是 153721.86。5.1，2，3。解：采用估值的办法先确定算式的精确值所在范围。因为1.16是这个精确值四舍五入后得到的，所以它一定介于1.155与1.164之间。即通分后得到将上式扩大105倍得121.27535+21+15122.325。因为每个方格中是一个整数，所以35+21+15=122。由奇偶性可以看出三个方格中的数

16、一定是两奇一偶。经试验不难发现351+212+153=122。所以，这三个数依次是1，2，3。6.（1）45页；（2）17，18页。解：撕掉一张实际上是有两个页数，并且前一个页数是奇数，后一个页数是偶数。设这本书的页码是从1到n的自然数，其和为通过估算：n=45时符合题意，所以这本书有 45页，撕掉的是17，18页。7.29。解：当两个数的和不变时，两数越接近（即差越小）它们的积越大。所以 8.031.228.021.238.011.24。从而原式8.011.24381.253=30。原式8（1.24+1.23+1.22）=83.69=29.52。原式的整数部分是29。注：设a+b=k，则b=k-a，从而近。由题目要求，应使上式大于0且尽量小。若要分子最小，则有5m-2n=1，即当n15时，使m为整数的最大整数n是12，所以n=12，m=5。所求