受力分析专题练习含答案详解汇总.docx

1、受力分析专题练习含答案详解汇总受力分析试题精炼1、如图所示，物体 A、B、C叠放在水平桌面上，水平力 F作用于C物体，使A、B、C以共同速度向右匀速运动，那么关于物体受几个力的说法正确的是（ ）A.A受6个，B受2个，C受4个B. A受5个,B受3个，C受3个C. A受5个，B受2个，C受4个D. A受6个，B受3个，C受4个2 如图所示，两个等大、反向的水平力 F分别作用在物体 A和B上，A、B两物体均处于静止状态。若各接触面与水平地面平行，则 A、B两物体各受几个力？（ ）A.3个、4个C. 4个、5个B.4个、4个D. 4个、6个3.如图所示，倾角为二的斜面体C置于水平面上，B置于斜面上

2、, 通过细绳跨过光滑的定滑轮与 A相连接，连接B的一段细绳与 斜面平行，A、B C都处于静止状态则（ ）A.B受到C的摩擦力一定不为零B.C受到水平面的摩擦力一定为零C. 不论B、C间摩擦力大小、方向如何，水平面对 C的摩擦力方向一定向左D.水平面对C的支持力与B、C的总重力大小相等4 如图3所示，一质量为M的斜面体放在水平面上， 在其斜面上放一质 量为m的物体A,用一沿斜面向上的力 F作用于A上，使其沿斜面匀速下滑，在A下滑的过程中，斜面体静止不动，则地面对斜面体的摩擦力I生3f及支持力N是(A. f =0, N=Mg+mgC. f 向右，NMg+mg)B . f 向左，NMg+mgD .

3、f 向左，N=Mg+mg5.如图所示，物体 A在竖直向上的拉力 F的作用下能静止在斜面上，关于A受力的个数，下列说法中正确的是 （A. A一定受两个力作用B .A一定受四个力作用C. A可能受三个力作用D .A不是受两个力作用就是受四个力作用6.如图所示,物块a、b的质量均为 m水平地面和竖直墙面均光滑,在水平推力F作用下,两物块均处于静止状态.则 （ ）A.b受到的摩擦力大小等于 mg B. b受到的摩擦力大小等于 2mgC. b对地面的压力大小等于 mg D. b对地面的压力大小等于 2mg7.有一个直角支架 AOB A0水平放置，表面粗糙， 0B竖直向下，表面光滑. A0上套有小环P,

4、0B上套有小环 Q两环质量均为 m两环间由一根质量可忽略、不可伸展的细绳相连，并在某一位置平衡，如图 6所示，现将P环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较， A0杆与P环的支持力Fn和细绳上的拉力 F的变化情况是C.木块受的静摩擦力等于 mgpos 0 D.木块受的静摩擦力等于 mgcos 011.如右图所示，长木板静止在光滑的水平地面上，一木块以速度 v滑上木板，已知木板质量是M木块质量是 m二者之间的动摩擦因数为 ，那么，木块在木板上滑行时 （ ）12.如下图所示，质量均为 m的A B两球之间系着一条不计质量的轻弹簧放在光滑水平面上，A球紧靠墙壁，

5、今用力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然将力F撤去的瞬间，则（ ）力，则中间一质量为m的土豆A受到其他土豆对它的作用力大小应是（）A. mgB. mgC. mg 1+ 卩2D. mg 1- 1 214 .质量为50kg的人站在质量为200kg的车上，用绳以200N的水平力拉车，如右图所示,车与水平地面间的摩擦可以忽略不计，人与车保持相对静止，则 （ ）擦因数为卩的水平地面上做匀减速运动，不计其它外力及空气阻13如下图所示，有一箱装得很满的土豆，以一定的初速度在动摩15.如图所示，a、b两个带电小球的质量均为 m,所带电量分别为+2g和-q，两球间用绝缘细线连接，a球又用长度相同的绝缘细线悬挂在

6、天花板上，在两球所在的空间有方向向左的匀强电场，电场强度为 E,平衡时细线都被拉紧则平衡时可能位置是图中的16.如图所示，两个大小相同的小球，质量分别为 m、m,带有同种电荷，电量分别为 q1、q2，将它们用等长的绝缘细线悬于同一点 O,由于静电斥力，当两球静止时，它们与竖直1-2-219.一质量为M勺探空气球在匀速下降，若气球所受浮力 F始终保持不变，气球在运动过程中板上；已知 A的重力为8N, B的重力为6N,弹簧的弹力为 4N.则地面受到的压力大小和细线受到的拉力大小可能是（ ）Q在斜面上处于静止状态，物体与斜面均在匀强电场内，匀强电22.质量为m的物体带正电A. 18N 和 10N B

7、. 4N和 10NC. 12N 禾口 2N D. 14N 禾口 2N 21. （ 06北京19）木块A、B分别重50 N和60 N，它们与水平地面之间的动磨擦因数均为0.25 ;夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了 2cm,弹簧的劲度系数为 400N/m,系统置于水平地面上静止不动。现用 F=1 N的水平拉力作用在木块 B上.如图所示.力F作用后（）场E方向水平向右.当斜面的倾角0逐渐增大（90 ）,而该带电体仍静止在斜面上时，则A.物体克服电场力做功B.物体所受静摩擦力的方向可能会改变 180 C.物体的重力势能逐渐增大，电势能逐渐减小D.物体的重力势能逐渐增大，电势能逐渐增大受力分析试题精炼参考

8、答案及解析1、考点：力与图象的结合分析：采用隔离法分别对 C、B、A进行受力分析，按重力、弹力和摩擦力顺序，结合平衡条件进行分析.解答：以C为研究对象，分析受力：重力、拉力 F和A对C向上的支持力和向左的静摩擦力，共四个力。以 B为研究对象，分析受力：重力和 A的支持力，共两个力。以 A为研究对 象，分析受力：重力、 B的压力、C的压力和摩擦力、地面的支持力和摩擦力，共 6个力。 故选A.2、考点：力的合成与分解的运用，共点力平衡的条件及其应用然后分别对AB进行受分析：首先运用整体法得出地面与物体间没有摩擦力的作用, 力分析即可得出物体受到几个力.解答：对物体 AB进行整体受力分析。水平方向：

9、两个等大、反向的水平力 F正好处 于平衡，所以物体AB不受地面的摩擦力。 对A物体进行受力分析： 物体A在四个力的 作用下处于平衡状态。故 A受4个力。对物体 B进行受力分析：物体 B还受到物体 A 的弹力，所以物体 B受5个力的作用。故选：C3、考点：共点力平衡的条件及其应用，静摩擦力和最大静摩擦力，力的合成与分解的运用分析：（1）该题的临界状态是当 幽剧r塑册曲述时，沿斜面方向列平衡方程解得摩擦力f=0 , （2）分析水平面对 C的摩擦力，要把B和C看做一个整体，则整体受到重力、支持力及绳对整体斜向上的拉力，将斜向上的拉力分解为竖直向上和水平向右的分力. 由于水平向右的分力的存在，故应有地

10、面对整体的摩擦力，故 C受到水平向左的摩擦力.（3）水平面对C的支持力由平衡条件知：水平地面对 C的支持力等于B、C的总重力减去拉力沿竖直方向的分力.解答：A.对物体B:当艸何眄拥媲皿时 BC间摩擦力为0.故A错误。B. BC整体受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力和斜向右上方的绳的拉力，而绳的拉 力可分解为竖直向上的分力和水平向右的分力。由于 BC静止。由平衡条件知必有水平面对C的水平向左的摩擦力与拉力的水平分力平衡。所以水平面对 C的摩擦力不可能为 0,故B错误。C.由对B项的解析知：C正确。故C正确。D.对BC整体而言，由于拉力有竖直向上的分力，故水平面对 C的支持力等于 BC的总重力减

11、分力。所以水平面对 C的支持力不等于 BC的总重力。故 D错误。故选C.4、 考点：共点力平衡的条件及其应用， 物体的弹性和弹力分析：物体A匀速下滑，受力平衡，而直角劈 B始终处于静止状态，受力也平衡，将它们作为整体进行研究，分析受力情况，由平衡条件求解地面对劈的摩擦力 f及支持力 N解答：据题，物体A和直角劈B都处于平衡状态，将它们看成整体，现对整体进行受力情况： 重力(M+n)g、力F.地面竖直向上的支持力 N和摩擦力。由平衡条件得知，F有水平向右的分 力，则地面对 B的摩擦力Ff水平向左。且有：N+Fsin a =(M+m) g,则可知，N(M+n)g.所以Ff 向左，N支持力拉力F.滑

12、动摩擦力f,如图，根据共点力平衡条件，有F cos （- f=0N+Fsin & mg=0解得 N=mg-Fsin 9=（m什m2）g-Fsin 0 f=Fcos 0,故选 AC.9、考点：力的合成与分解的运用，共点力平衡的条件及其应用分析：P静止，所以受力是平衡的，我们可以根据平衡条件来判断弹力和摩擦力的有无.解答：对物体受分析如图：如果： （1）N=G的话，物体受力可以平衡，故 P可能受2个力的作用。NG，物体会受到挡板 MN的弹力F和摩擦力f，受力分析如图：故 P可能受4个力的作用。综上所述： P可能的受力个数是2个或4个故选：AC10、考点：共点力平衡的条件及其应用，力的合成与分解的运

13、用分析：对木块受力分析，将重力按照效果正交分解， 重力产生两个效果，使物体沿墙面下滑,使物体远离斜面，再结合共点力平衡条件，可以求出各个力.解答：A.木块在重力作用下，有沿天花板下滑的趋势，一定受到静摩擦力，则天花板对木块一定有弹力，加重力、推力F，木块共受到四个力， 故A错误；对物体进行受力分析,如图，对重力进行分解，垂直天花板方向的平衡方程为： F=FN+Gsin0得出FnF,故B错误；平行天花板方向的平衡方程为： f=Gcos 0=mgcos9,故C正确，D错误；故选C.11、考点：牛顿第二定律分析：选BCD.木板所受合力是 m施加的摩擦力 卩mg，所以木板的加速度为,做匀加速直线运动；

14、木块同样受到摩擦力作用，其加速度为卩g，做匀减速直线运动，故A错误,B、C、D正确12、考点：牛顿第二定律，胡克定律分析：先分析将力 F撤去前弹簧的弹力大小，再分析将力 F撤去的瞬间两球所受的合力，根据牛顿第二定律求解加速度.解答：力F撤去前弹簧的弹力大小为 F.将力F撤去的瞬间，弹簧的弹力没有变化，则A的受力情况没有变化，合力为零,B的合力大小等于F,根据牛顿第二定律得到 A球的加速度为零,BF球的加速度为a=故选BCm13、考点：牛顿第二定律，物体的弹性和弹力分析：一个土豆与整箱土豆具有共同的加速度，根据整体法求出加速度，再隔离土豆 A分析，运用牛顿第二定律求出其它土豆对它的总作用力.解答

15、：对整体分析,a=卩MgM=卩g方向水平向左。隔离对土豆分析，土豆受重力、其它土豆对它的作用力，如右图所示：根据牛顿第二定律得： F合= ma=卩mg根据平行四边形定则，其它土豆对它的作用力为:二 二 故C正确，A. B. D错误。故选：C.14、 A 15、考点：电场强度分析：A带负电，受到的电场力水平向左， B带正电，受到的电场力水平向右以整体为研究对象，分析受力如图设 0A绳与竖直方向的夹角为 a,则由平衡条件得tan “=泗，以B球为研究对象，受力如图设 AB绳与竖直方向的夹角为则由平衡条件得tan 3= 一 ,得到a 3,故C正确,16、考点：库仑定律分析：分别对两小球进行受力分析，

16、 根据受力可知，由共点力平衡条件得到各自的重力与库仑力的关系，抓住相互间的库仑力大小相等，得到质量与角度的关系，分析求解.解答：题中电荷电量可能不同，也可能相同，但各自所受的电场力大小却相同，方向相反。由于它们与竖直线所成的角度均相等， 且两球同处一水平线上，所以根据共点力平衡条件可确定，它们的质量一定相等。故 CD错误，AB正确17、考点：库仑定律，力的合成与分解的运用，共点力平衡的条件及其应用分析：小球a要平衡，受重力、支持力和静电力，根据共点力平衡条件分析即可.解答：小球a处于平衡状态，受力平衡，合力为零。小球受重力，一定向下，当小球b带正电，放在 A点时，它们之间为静电斥力，当 a球的

17、重力和静电斥力恰好相等时，a球就可以处于静止状态，所以 A正确，D错误；当电荷之间为吸引力时，根据平衡条 件，静电引力必然与重力和支持力的合力等大、反向且在同一条直线上，故应该放在 C点,所以B错误，C正确；故选AC.18、 考点：共点力平衡的条件及其应用，力的合成与分解的运用，胡克定律分析：对A球受力分析，然后根据平衡条件并运用合成法得到弹簧的弹力，最后根据胡克定律得到弹簧的压缩量.解答：对球A受力分析，受重力 mg、拉力T、弹簧的弹力F,根据平衡条件，结合合成法，有：F=mgtan- 根据胡克定律，有：F=kx 解得： 故选：A1 t 219、 考点：共点力平衡的条件及其应用分析：分别对气

18、球匀速上升和匀速下降过程进行受力分析，根据共点力平衡条件列式求解.解答：匀速下降时，受到重力 Mg,向上的浮力F，向上的阻力f,根据共点力平衡条件Mg=F+f 气球匀速上升时，受到重力 (M- m)g，向上的浮力F，向下的阻力f，根据共点力平衡条件(M- Am)g+f=F F由式解得 Am=2 (M- -)故选A.920、 考点：共点力平衡的条件及其应用，力的合成与分解的运用，牛顿第三定律分析：对A受力分析可求得 A受地面的支持力，由牛顿第三定律可求得地面受到的压力;对整体受力分析可求得细线受到的拉力； 因弹簧可能伸长也可能压缩， 故弹力的方向有两种可能，则分情况进行计论即可得出正确结果.解答

19、：A受重力，弹簧的弹力及地面的支持力而处于平衡状态；若弹力向上，则支持力F = Ga-Fi=8N-4N=4N,若弹力向下，而支持力 F =N+4N=12N;对整体分析，整体受重力、拉力及地面的支持力，若支持力为 4N,则拉力F2=Ga+Gb-F=10N ;若支持力为12N，则拉力F2=Ga+Gb-F牧；故有两种可能：4N和10N; 12N和2N;故选BC.21、 考点：共点力平衡的条件及其应用，滑动摩擦力，力的合成与分解的运用分析：先求解出木块 A、B的最大静摩擦力，然后求解出弹簧弹力，最后对两个木块分别受 力分析后分析求解.解答：未加F时，木块AB受力平衡，所受静摩擦力等于弹簧的弹力，则弹簧

20、弹力为：F1= kx=400N/m X0.02m=8N , B木块与地面间的最大静摩擦力为： fBm=卩由=0.25 6：0N=15N,而A木块与地面间的最大静摩擦力为： fAm= uGa=0.25 50N=12.5N,施加F后，对木块 B有：F + F1fBm；木块B受摩擦力仍为静摩擦力，其大小为： fB=1N+8N=9N,施加F后，木块A所受摩擦力仍为静摩擦力，大小为： fA=8N;故选：D.22、 考点：匀强电场分析：对物体受力分析，受重力、电场力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件分析力的变化 情况；根据电场力做功判断电势能变化情况.解答：A.电场力大小不变，力臂变大，故电场力对 0点的力矩逐渐增大，故 A正确；B.对物体受力分析，受重力、电场力、支持力和静摩擦力，由于重力的下滑分量和电场力的上滑分量大小未知，故静摩擦力方向可能有多种可能；当斜面坡角逐渐变大时 ，重力的下滑分力变大，电场力沿斜面的分力减小，如果原来的静摩擦力沿着斜面向下，则静摩擦力加上重力的下滑分力等于电场力的上滑分力 ，则静摩擦力先减小到零后反向增加 ，但是B角是变化的,故不是改变 180；故 B 错误； C. D. 重力和电场力都做负功，故电势能和重力势能都增 加，故 C 错误， D 正确；故选 AD.