D.f向左，N=Mg+mg
5.如图所示，物体A在竖直向上的拉力F的作用下能静止在斜面上，关于
A受力的个数，下列说法中正确的是（
A.A一定受两个力作用
B.A一定受四个力作用
C.A可能受三个力作用
D.A不是受两个力作用就是受四个力作用
6.如图所示,
物块a、b的质量均为m水平地面和竖直墙面均光滑,
在水平推力F作用下,
两物块均处于静止状态.则（）
A.b受到的摩擦力大小等于mgB.b受到的摩擦力大小等于2mg
C.b对地面的压力大小等于mgD.b对地面的压力大小等于2mg
7.有一个直角支架AOBA0水平放置，表面粗糙，0B竖直向下，表面光滑.A0上套有小环
P,0B上套有小环Q两环质量均为m两环间由一根质量可忽略、不可伸展的细绳相连，
并在某一位置平衡，如图6所示，现将P环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将
移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，A0杆与
P环的支持力Fn和细绳上的拉力F的变化情况是
C.
木块受的静摩擦力等于mgpos0D.木块受的静摩擦力等于mgcos0
11.如右图所示，长木板静止在光滑的水平地面上，一木块以速度v滑上木板，已知木板质
量是M木块质量是m二者之间的动摩擦因数为□，那么，木块在木板上滑行时（）
12.如下图所示，质量均为m的AB两球之间系着一条不计质量的轻弹簧放在光滑水平面
上，A球紧靠墙壁，今用力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然将力F撤去的瞬间，则（）
力，则中间一质量为
m的土豆A受到其他土豆对它的作用力大小应
是（）
A.mg
B.mg
C.mg1+卩2
D.mg1-12
14.质量为50kg的人站在质量为200kg的车上，用绳以200N的水平力拉车，如右图所示,
车与水平地面间的摩擦可以忽略不计，人与车保持相对静止，则（）
擦因数为卩的水平地面上做匀减速运动，不计其它外力及空气阻
13•如下图所示，有一箱装得很满的土豆，以一定的初速度在动摩
15.如图所示，a、b两个带电小球的质量均为m,所带电量分别为+2g和-q，两球间用绝缘
细线连接，a球又用长度相同的绝缘细线悬挂在天花板上，在两球所在的空间有方向向左的
匀强电场，电场强度为E,平衡时细线都被拉紧•则平衡时可能位置是图中的
16.如图所示，两个大小相同的小球，质量分别为m、m,带有同种电荷，电量分别为q1、
q2，将它们用等长的绝缘细线悬于同一点O,由于静电斥力，当两球静止时，它们与竖直
©1-2-2
19.
一质量为M勺探空气球在匀速下降，若气球所受浮力F始终保持不变，气球在运动过程中
板上；已知A的重力为8N,B的重力为6N,弹簧的弹力为4N.则地面受到的压力大小和细
线受到的拉力大小可能是（）
Q在斜面上处于静止状态，物体与斜面均在匀强电场内，匀强电
22.质量为m的物体带正电
A.18N和10NB.4N和10N
C.12N禾口2ND.14N禾口2N21.（06北京19）木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动磨擦因数均为
0.25;夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm,弹簧的劲度系数为400N/m,系统置于水平地面
上静止不动。
现用F=1N的水平拉力作用在木块B上.如图所示.力F作用后（）
场E方向水平向右.当斜面的倾角0逐渐增大（＜90°）,而该带电体仍静止在斜面上时，则
A.物体克服电场力做功
B.物体所受静摩擦力的方向可能会改变180°
C.物体的重力势能逐渐增大，电势能逐渐减小
D.物体的重力势能逐渐增大，电势能逐渐增大
受力分析试题精炼
参考答案及解析
1、考点：
力与图象的结合
分析：
采用隔离法分别对C、B、A进行受力分析，按重力、弹力和摩擦力顺序，结合平衡
条件进行分析.
解答：
以C为研究对象，分析受力：
重力、拉力F和A对C向上的支持力和向左的静摩擦
力，共四个力。
以B为研究对象，分析受力：
重力和A的支持力，共两个力。
以A为研究对象，分析受力：
重力、B的压力、C的压力和摩擦力、地面的支持力和摩擦力，共6个力。
故选A.
2、考点：
力的合成与分解的运用，共点力平衡的条件及其应用
然后分别对AB进行受
分析：
首先运用整体法得出地面与物体间没有摩擦力的作用,力分析即可得出物体受到几个力.
解答：
对物体AB进行整体受力分析。
水平方向：
两个等大、反向的水平力F正好处于平衡，所以物体AB不受地面的摩擦力。
对A物体进行受力分析：
物体A在四个力的作用下处于平衡状态。
故A受4个力。
对物体B进行受力分析：
物体B还受到物体A的弹力，所以物体B受5个力的作用。
故选：
C
3、考点：
共点力平衡的条件及其应用，静摩擦力和最大静摩擦力，力的合成与分解的运用
分析：
（1）该题的临界状态是当幽剧r塑册曲述时，沿斜面方向列平衡方程解得摩擦力
f=0,
（2）分析水平面对C的摩擦力，要把B和C看做一个整体，则整体受到重力、支持力
及绳对整体斜向上的拉力，将斜向上的拉力分解为竖直向上和水平向右的分力.由于水平向
右的分力的存在，故应有地面对整体的摩擦力，故C受到水平向左的摩擦力.（3）水平面
对C的支持力由平衡条件知：
水平地面对C的支持力等于B、C的总重力减去拉力沿竖直方
向的分力.
解答：
A.对物体B:
当艸何』「眄拥媲皿时•BC间摩擦力为0.故A错误。
B.BC整体受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力和斜向右上方的绳的拉力，而绳的拉力可分解为竖直向上的分力和水平向右的分力。
由于BC静止。
由平衡条件知必有水平面对
C的水平向左的摩擦力与拉力的水平分力平衡。
所以水平面对C的摩擦力不可能为0,故B
错误。
C.由对B项的解析知：
C正确。
故C正确。
D.对BC整体而言，由于拉力有竖直向上的分力，故水平面对C的支持力等于BC的总重力
减分力。
所以水平面对C的支持力不等于BC的总重力。
故D错误。
故选C.
4、考点：
共点力平衡的条件及其应用，物体的弹性和弹力
分析：
物体A匀速下滑，受力平衡，而直角劈B始终处于静止状态，受力也平衡，将它们
作为整体进行研究，分析受力情况，由平衡条件求解地面对劈的摩擦力f及支持力N
解答：
据题，物体A和直角劈B都处于平衡状态，将它们看成整体，现对整体进行受力情况：
重力（M+n）g、力F.地面竖直向上的支持力N和摩擦力。
由平衡条件得知，F有水平向右的分力，则地面对B的摩擦力Ff水平向左。
且有：
N+Fsina=（M+m）g,则可知，N<（M+n）g.所以Ff向左，NB
5、考点：
力的合成与分解的运用，共点力平衡的条件及其应用
分析：
对物体受力分析，受力分析是将研究对象看作一个孤立的物体并分析它所受各外力并画出示意图的方法，是进行力学计算的基础.
解答：
对A受力分析，拉力F是已知的；地球表面附近的物体一定受到地球的重力，故
一定受到向下的重力；如果拉力与重力平衡，物体A对斜面体没有压力，故物体只受2个
力；如果拉力F小于重力，会与斜面体相互挤压，故物体还会受到支持力和沿斜面向上的静摩擦力，即共受4个力；故选D.
6、考点：
共点力平衡的条件及其应用，力的合成与分解的运用
分析：
先隔离对a分析，竖直方向a受重力，b对a的摩擦力平衡•再对整体分析，竖直方向受总重力，地面的支持力，可知地面的支持力等于两球的总重力.
解答：
A、对a受力分析，竖直方向a受重力，b对a的摩擦力平衡，故a受到的摩擦力大小等于mg,所以b受到的摩擦力等于mg.故A正确，B错误.C、对整体分析，竖直方向上受总重力，地面的支持力，所以地面对b的支持力为2mg，则b对地面的压力大小等于2mg.故C错误，D正确.故选：
AD.
7、考点：
共点力平衡的条件及其应用，力的合成与分解的运用
分析：
分别以两环组成的整体和Q环为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件研究AO
杆对P环的支持力Fn和细绳上的拉力F的变化情况.
解答：
以两环组成的整体，分析受力情况。
根据平衡条件得,
F=2mg保持不变。
再以Q环
为研究对象，分析受力情况。
设细绳与OB杆间夹角为a,由平衡条件得，细绳的拉力F=M,
P环向左移一小段距离时，a减小，COSa变大，T变小。
故选:
B.
8考点：
共点力平衡的条件及其应用，力的合成与分解的运用
分析:
对AB整体受力分析，受到重力（m什m2）g、
支持力
拉力F、
滑动摩擦力f,然后根据共点力平衡条件列式求解.
解答:
对AB整体受力分析，受到重力mg=（m!
+m2）g>
支持力
拉力F.
滑动摩擦力f,如图，根据共点力平衡条件，有
Fcos（-f=0
N+Fsin&mg=0
解得N=mg-Fsin9=（m什m2）g-Fsin0f=Fcos0,故选AC.
9、考点：
力的合成与分解的运用，共点力平衡的条件及其应用
分析：
P静止，所以受力是平衡的，我们可以根据平衡条件来判断弹力和摩擦力的有无.
解答：
对物体受分析如图：
如果：
（1）N=G
的话，物体受力可以平衡，故P可能受2个
力的作用。
⑵N⑶如果：
N>G，物体会受到挡板MN的弹力
F和摩擦力f，受力分析如图：
故P可能受4
个力的作用。
综上所述：
P可能的受力个数是
2个或4个故选：
AC
10、考点：
共点力平衡的条件及其应用，力的合成与分解的运用
分析：
对木块受力分析，将重力按照效果正交分解，重力产生两个效果，使物体沿墙面下滑,
使物体远离斜面，再结合共点力平衡条件，可以求出各个力.
解答：
A.木块在重力作用下，有沿天花板下滑的趋势，一定受到静摩擦力，则天花板对
木块一定有弹力，加重力、推力F，木块共受到四个力，故A错误；对物体进行受力分析,
如图，对重力进行分解，垂直天花板方向的平衡方程为：
F=FN+Gsin0得出Fn误；平行天花板方向的平衡方程为：
f=Gcos0=mgcos9,故C正确，D错误；故选
C.
11、考点：
牛顿第二定律
分析：
选BCD.木板所受合力是m施加的摩擦力卩mg，所以木板的加速度为,
做匀加
速直线运动；木块同样受到摩擦力作用，其加速度为
卩g，做匀减速直线运动，故
A错误,
B、C、D正确
12、考点：
牛顿第二定律，胡克定律
分析：
先分析将力F撤去前弹簧的弹力大小，再分析将力F撤去的瞬间两球所受的合力，
根据牛顿第二定律求解加速度.
解答：
力F撤去前弹簧的弹力大小为F.将力F撤去的瞬间，弹簧的弹力没有变化，则A的受
力情况没有变化，合力为零,B的合力大小等于F,根据牛顿第二定律得到A球的加速度为零,B
F
球的加速度为a=—•故选BC
m
13、考点：
牛顿第二定律，物体的弹性和弹力
分析：
一个土豆与整箱土豆具有共同的加速度，根据整体法求出加速度，再隔离土豆A分
析，运用牛顿第二定律求出其它土豆对它的总作用力.
解答：
对整体分析,a=卩MgM=卩g方向水平向左。
隔离对土豆分析，土豆受重力、其它土豆对它的作用力，如右图所示：
根据牛顿第二定律得：
F合=ma=卩mg
根据平行四边形定则，其它土豆对它的作用力为:
二二•故C正确，A.B.D错误。
故选：
C.
14、A15、考点：
电场强度
分析：
A带负电，受到的电场力水平向左，B带正电，受到的电场力水平向
右•以整体为研究对象，分析受力如图•设0A绳与竖直方向的夹角为a,
则由平衡条件得tan“=泗，以B球为研究对象，受力如图•设AB绳与竖直
方向的夹角为则由平衡条件得tan3==一,得到a<3,故C正确,
16、考点：
库仑定律
分析：
分别对两小球进行受力分析，根据受力可知，由共点力平衡条件得到各自的重力与库
仑力的关系，抓住相互间的库仑力大小相等，得到质量与角度的关系，分析求解.
解答：
题中电荷电量可能不同，也可能相同，但各自所受的电场力大小却相同，方向相反。
由于它们与竖直线所成的角度均相等，且两球同处一水平线上，所以根据共点力平衡条件可
确定，它们的质量一定相等。
故CD错误，AB正确•
17、考点：
库仑定律，力的合成与分解的运用，共点力平衡的条件及其应用
分析：
小球a要平衡，受重力、支持力和静电力，根据共点力平衡条件分析即可.
解答：
小球a处于平衡状态，受力平衡，合力为零。
小球受重力，一定向下，
当小球b带正电，放在A点时，它们之间为静电斥力，当a球的重力和静电斥力恰好相等
时，a球就可以处于静止状态，所以A正确，D错误；当电荷之间为吸引力时，根据平衡条件，静电引力必然与重力和支持力的合力等大、反向且在同一条直线上，故应该放在C点,
所以B错误，C正确；故选AC.
18、考点：
共点力平衡的条件及其应用，力的合成与分解的运用，胡克定律
分析：
对A球受力分析，然后根据平衡条件并运用合成法得到弹簧的弹力，最后根据胡克
定律得到弹簧的压缩量.
解答：
对球A受力分析，受重力mg、拉力T、弹簧的弹力F,根据平衡条件，结合合成法，
有：
F=mgtan-根据胡克定律，有：
F=kx解得：
故选：
A
1t2
19、考点：
共点力平衡的条件及其应用
分析：
分别对气球匀速上升和匀速下降过程进行受力分析，根据共点力平衡条件列式求解.
解答：
匀速下降时，受到重力Mg,向上的浮力F，向上的阻力f,根据共点力平衡条件
Mg=F+f①
气球匀速上升时，受到重力（M-△m）g，向上的浮力F，向下的阻力f，根据共点力平衡条件
（M-Am）g+f=F②
F
由①②式解得Am=2（M--）故选A.
9
20、考点：
共点力平衡的条件及其应用，力的合成与分解的运用，牛顿第三定律
分析：
对A受力分析可求得A受地面的支持力，由牛顿第三定律可求得地面受到的压力;
对整体受力分析可求得细线受到的拉力；因弹簧可能伸长也可能压缩，故弹力的方向有两种
可能，则分情况进行计论即可得出正确结果.
解答：
A受重力，弹簧的弹力及地面的支持力而处于平衡状态；若弹力向上，则支持力
F=Ga-Fi=8N-4N=4N,若弹力向下，而支持力F'=N+4N=12N;对整体分析，整体受重力、
拉力及地面的支持力，若支持力为4N,则拉力F2=Ga+Gb-F=10N;若支持力为12N，则拉
力F‘2=Ga+Gb-F'牧；故有两种可能：
4N和10N;12N和2N;故选BC.
21、考点：
共点力平衡的条件及其应用，滑动摩擦力，力的合成与分解的运用
分析：
先求解出木块A、B的最大静摩擦力，然后求解出弹簧弹力，最后对两个木块分别受力分析后分析求解.
解答：
未加F时，木块AB受力平衡，所受静摩擦力等于弹簧的弹力，则弹簧弹力为：
F1=kx=400N/mX0.02m=8N,B木块与地面间的最大静摩擦力为：
fBm=卩由=0.256：
0N=15N,
而A木块与地面间的最大静摩擦力为：
fAm=uGa=0.2550N=12.5N,
施加F后，对木块B有：
F+F1木块B受摩擦力仍为静摩擦力，其大小为：
fB=1N+8N=9N,
施加F后，木块A所受摩擦力仍为静摩擦力，大小为：
fA=8N;故选：
D.
22、考点：
匀强电场
分析：
对物体受力分析，受重力、电场力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件分析力的变化情况；根据电场力做功判断电势能变化情况.
解答：
A.电场力大小不变，力臂变大，故电场力对0点的力矩逐渐增大，故A正确；
B.对物体受力分析，受重力、电场力、支持力和静摩擦力，由于重力的下滑分量和电场力
的上滑分量大小未知，故静摩擦力方向可能有多种可能；当斜面坡角逐渐变大时，重力的下
滑分力变大，电场力沿斜面的分力减小，如果原来的静摩擦力沿着斜面向下，则静摩擦力加上
重力的下滑分力等于电场力的上滑分力，则静摩擦力先减小到零后反向增加，但是B角是变化
的,故不是改变180°；故B错误；C.D.重力和电场力都做负功，故电势能和重力势能都增加，故C错误，D正确；故选AD.
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