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1、烃的含氧衍生物作业核心素养提升练 三十三烃的含氧衍生物(25分钟50分)一、选择题(本题包括4小题,每题6分,共24分)1.(新题预测)下列有关有机物的说法错误的是 ()A.医用消毒酒精中乙醇的浓度为95%B.能使酸性KMnO4溶液褪色C.室温下乙醇在水中的溶解度大于溴乙烷在水中的溶解度D.制备乙酸乙酯时饱和Na2CO3溶液的作用是反应乙酸、溶解乙醇、减少乙酸乙酯的溶解度【解析】选A。医用消毒酒精中乙醇的浓度为75%,A错误;苯环上的CH3能被酸性KMnO4溶液氧化,B正确;乙醇以任意比和水互溶,溴乙烷难溶于水,C正确;由于生成的乙酸乙酯中含有乙醇和乙酸,所以饱和Na2CO3溶液的作用是反应乙

2、酸、溶解乙醇、减少乙酸乙酯的溶解度,D正确。2.(2019徐州模拟)有机物Z常用于治疗心律失常,Z可由有机物X和Y在一定条件下反应制得:下列叙述正确的是 ()A.X的分子式为C8H10O2B.X的同分异构体中含苯环且能水解的共有6种C.Y可以发生取代反应和加成反应D.Z中所有原子有可能在同一平面内【解析】选B。X的分子式为C8H8O2,A错误;X的同分异构体含苯环且能水解,除苯环外含有CH3、OOCH两个基团有邻、间、对三种,含一个基团有OOCCH3、COOCH3或CH2OOCH三种,共6种,B正确;Y能发生取代反应,羰基不能发生加成反应,C错误;Z原子含有甲基,所有原子不可能在同一平面内,D

3、错误。【加固训练】乙酸橙花酯是一种食用香料,其结构简式如图所示,关于该有机物的下列叙述中不正确的是 ()A.分子式为C12H20O2B.能使酸性KMnO4溶液褪色C.1 mol该有机物水解时只能消耗1 mol NaOHD.能发生加成反应,但不能发生取代反应【解析】选D。分子式为C12H20O2,A正确;该分子含有的碳碳双键能使酸性KMnO4溶液褪色,B正确;1 mol该有机物水解时生成1 mol羧基,所以只能消耗1 mol NaOH,C正确;CH3上的氢原子可以发生取代反应,D错误。3.(2019榆林模拟)有机物甲是一种含有一个六元环结构的化合物,其分子式为C7H12O2,在酸性条件下可以发生

4、水解,且水解产物只有一种,又知甲的分子中含有两个甲基,则甲的可能结构有 ()A.6种B.10种C.11种D.12种【解析】选B。由题目水解产物只有一种得,C7H12O2为环酯,所以C7H12O2为饱和环酯,可推测该有机物环上含有一个“COO”的六元环,环上其余为4个碳原子,在环外有两个碳,形成两个甲基,两个甲基不在同一个碳上,共有6种结构: ,两个甲基在同一个碳上,有4种结构,所以共有10种。【方法规律】烷基的同分异构体(1)甲基、乙基的结构只有一种,即甲基(CH3)、乙基(CH2CH3);(2)丙基的结构有两种,即正丙基CH2CH2CH3、异丙基;(3)丁基(C4H9)的结构有4种,戊基(C

5、5H11)的结构有8种,即:CH3CH2CH2CH2CH3 (有3种等效氢)、(有4种等效氢)、(有1种等效氢),故戊基的结构共有8种。4.化合物是合成中药黄芩中的主要活性成分的中间体,合成方法如下: 下列有关叙述正确的是 ()A.的分子式为C9H10O4B.中所有原子均有可能共面C.可用FeCl3溶液鉴别有机物和D.1 mol产物与足量溴水反应,消耗Br2的物质的量为 1.5 mol【解析】选B。的分子式为C9H12O4,A错误;苯基、乙烯基、羰基都是平面结构,通过单键的旋转可以使所有原子共平面,B正确;和都含酚羟基,都能与FeCl3溶液发生显色反应,C错误;与溴水反应的产物是,发生的分别是

6、加成和取代反应,1 mol产物消耗Br2的物质的量为2 mol,D错误。【易错提醒】(1)醛类的官能团为醛基,醛基中包含羰基,羰基以及与羰基直接相连的原子处于同一平面上。例如HCHO是平面结构,由于是单双键共存于一个平面,所以碳氧双键与两个CH单键夹角近似于120。(2)酚遇溴水发生取代反应时,只有酚羟基的邻、对位上的氢原子被取代。二、非选择题(本题包括2小题,共26分)5.(12分)(2019郑州模拟)从冬青中提取出的有机物A可用于合成抗结肠炎药物Y及其他化学品,合成路线如下: 提示:根据上述信息回答:(1)请写出Y中含氧官能团的名称:_。(2)反应的反应类型是_。(3)写出下列反应的化学方

7、程式:_。_。(4)A的同分异构体I和J是重要的医学中间体,在浓硫酸的作用下I和J分别生成和,鉴别I和J的试剂为_。【解析】(1)Y中含氧官能团的名称是酚羟基、羧基。(2)根据已知推断H中含硝基,所以反应的反应类型是取代反应。(3)由反应知B为甲醇,根据反应的条件推断A中含酯基,由Y的结构简式倒推A的结构简式,所以反应的化学方程式为+2NaOH+CH3OH+H2O。D为甲醛,与银氨溶液反应的化学方程式为HCHO+4Ag(NH3)2OH(NH4)2CO3+2H2O+6NH3+4Ag。(4)由I、J生成的产物的结构简式判断,I中含有酚羟基,J中含有醇羟基,所以区别二者的试剂是FeCl3溶液或饱和溴

8、水。答案:(1)羧基、酚羟基(2)取代反应(3)+2NaOH+CH3OH+H2OHCHO+4Ag(NH3)2OH(NH4)2CO3+2H2O+6NH3+4Ag(4)FeCl3溶液或饱和溴水6.(14分)化合物E是一种医药中间体,常用于制备抗凝血药,可以通过下图所示的路线合成: (1)E中的含氧官能团名称为_。(2)B转化为C的反应类型是_。(3)写出D与足量NaOH溶液完全反应的化学方程式_。(4)1 mol E最多可与_mol H2加成。(5)写出同时满足下列条件的B的一种同分异构体的结构简式_。A.苯环上只有两个取代基,除苯环外无其他环状结构B.核磁共振氢谱只有4个峰C.能与FeCl3溶液

9、发生显色反应(6)已知:甲苯可被酸性高锰酸钾溶液氧化为苯甲酸,酚羟基一般不易直接与羧酸酯化,根据题中信息,参照如下合成路线图示例写出以苯酚、甲苯为原料制取苯甲酸苯酚酯()的合成路线(无机原料任选)。合成路线流程图示例如下:H2CCH2CH3CH2BrCH3CH2OH_。【解析】由合成流程可知,A为CH3CHO,B为邻羟基苯甲酸,发生酯化反应生成C,C为,C与CH3COCl发生取代反应生成D,D中含COOC,能发生水解反应,D水解酸化后发生酯化反应生成E;(1)E中含有的含氧官能团为羟基和酯基。(2)B转化为C的反应类型是酯化反应或取代反应。(3)D与足量NaOH溶液完全反应的化学方程式为。(4

10、)E中含苯环与碳碳双键,均能与氢气发生加成反应,则1 mol E最多可与4 mol H2加成。(5)符合条件的同分异构体为或。(6)以苯酚、甲苯为原料制取苯甲酸苯酚酯,用甲苯氧化得苯甲酸,苯甲酸与三氯化磷发生取代得苯甲酰氯,苯甲酰氯与苯酚发生取代反应生成苯甲酸苯酚酯,合成路线流程图为。答案:(1)羟基、酯基 (2)酯化反应(或取代反应) (30分钟50分)一、选择题(本题包括3小题,每题6分,共18分)1.下列有关说法的判断正确的是 ()A.用溴水检验CH2CHCHO中是否含有碳碳双键B.用乙酸浸泡水壶中的水垢,可将其清除,说明乙酸的酸性小于碳酸的酸性C.对甲基苯甲醛()使酸性高锰酸钾溶液褪色

11、,说明它含有醛基D.能发生银镜反应的有机物不一定是醛类【解析】选D。苯的同系物、碳碳双键、醛基等均可使酸性KMnO4溶液褪色,A、C错误;根据强酸制弱酸,可知乙酸酸性大于碳酸,B错误;能发生银镜反应的有机物只能说明含有“CHO”,但不一定是醛类,D正确。【易错提醒】(1)酸性KMnO4溶液能氧化乙醛,从而使溶液褪色。(2)乙醛能使溴水褪色,原因是醛基可以在水存在时,被氧化成羧基,反应的实质为CH3CHO+Br2+H2OCH3COOH+2HBr,而溴的四氯化碳中没有水,所以不能被氧化,也就不能使溴的四氯化碳褪色。(3)检验碳碳双键时,若该分子中同时含有醛基,可先将醛基氧化,再来检验碳碳双键。一般

12、方法为先加入新制的Cu(OH)2悬浊液,加热,然后将溶液酸化,再滴入几滴溴水,若溴水褪色,说明存在碳碳双键,或直接加溴的四氯化碳,若褪色证明含碳碳双键。(4)醛基中的CO键可与H2、HX、HCN等加成,但不与Br2加成。2.(2019济南模拟)羟基扁桃酸是药物合成的重要中间体,它可由苯酚和乙醛酸反应制得。下列有关说法正确的是 ()A.该反应是加成反应B.苯酚和羟基扁桃酸是同系物C.乙醛酸与H2在热的镍催化下反应生成乙二醇D.常温下,1 mol 羟基扁桃酸能与3 mol NaOH反应【解析】选A。该反应为醛基上碳氧双键的加成反应,A正确;苯酚与羟基扁桃酸结构不相似,不属于同系物,B错误;乙醛酸与

13、H2在热的镍催化下反应生成HOCH2COOH,C错误;醇羟基不能与NaOH反应,D错误。【加固训练】(2019铁岭模拟)药用有机化合物A(C8H8O2)为一种无色液体。从A出发可发生如图所示的一系列反应。则下列说法正确的是 ()A.根据D和浓溴水反应生成白色沉淀可推知D为三溴苯酚B.G的同分异构体中属于酯类且能发生银镜反应的只有一种C.上述各物质中能发生水解反应的有A、B、D、GD.A的结构简式为【解析】选D。根据现象及化学式,推知A为乙酸苯酚酯,B为苯酚钠,D为苯酚,F为三溴苯酚,A错误、D正确;G的同分异构体有HCOOCH2CH2CH3和HCOOCH(CH3)2两种能发生银镜反应,B错误;

14、苯酚不能发生水解反应,C错误。3.(新题预测)分子式为C7H14O2的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇,且生成的醇没有具有相同官能团的同分异构体。若不考虑立体异构,这些酸和醇重新组合可形成的酯共有 ()A.8种B.16种 C.24种 D.28种【解析】选C。生成的醇没有具有相同官能团的同分异构体,则醇是甲醇或乙醇,若为甲醇,则酸是C5H11COOH,C5H11有8种同分异构体,C5H11COOH有8种同分异构体;若为乙醇,则酸是C4H9COOH,C4H9有4种同分异构体,C4H9COOH有4种同分异构体;C7H14O2水解生成的酸有12种,生成的醇有2种,这些酸和醇重新组合可形成的酯共有212

15、=24种。二、非选择题(本题包括2小题,共32分)4.(16分)(2019保定模拟)化合物A是分子式为C7H8O2的五元环状化合物,核磁共振氢谱有四组峰,且其峰面积之比为3122,有如图所示的转化:已知:含羰基的化合物均能与格氏试剂发生如下反应: 两个羟基连在同一碳原子上极不稳定,易脱水:根据以上信息,回答下列问题:(1)写出化合物D中官能团的名称_。(2)写出化合物B、F的结构简式_、_。(3)AB的反应类型是_。(4)写出D与CH4O反应的化学方程式_。写出FG的化学方程式_。(5)A的属于芳香族化合物的同分异构体有_种,写出符合下列条件的A的一种同分异构体W的结构简式_。(不考虑立体异构

16、)含有两个取代基苯环上的一氯代物只有两种1 mol W能与足量金属钠反应生成1 mol H2【解析】B可以在碱性条件下水解生成甲醇和C,这说明B中含有酯基,则A中也含有酯基。A是分子式为C7H8O2的五元环状化合物,其核磁共振氢谱中峰面积之比为3122,结合A、B的分子式可知,A为,从而推出B为,D为。结合已知信息、可推出E为,F为。F中含有羟基,在浓硫酸作用下发生消去反应生成G。(5)根据题意,苯环上的取代基有以下几种情况:为CH3、2个OH,3个取代基在苯环上共有6种位置关系;为OCH3、OH,2个取代基在苯环上有邻、间、对3种位置关系;为CH2OH、OH,2个取代基在苯环上有邻、间、对3

17、种位置关系;为OCH2OH,其在苯环上只有1种位置,故A的属于芳香族化合物的同分异构体共有13种。苯环上的一氯代物只有两种,则两个取代基处于苯环的对位,根据1 mol W与足量金属钠反应生成1 mol H2,确定含有OH和CH2OH两个取代基,故W的结构简式为。答案:(1)羧基(2)(3)加成反应5.(16分)有机化合物J是治疗心脏病药物的一种中间体,分子结构中含有3个六元环。其中一种合成路线如下:已知:A既能发生银镜反应,又能与FeCl3溶液发生显色反应,其核磁共振氢谱显示有4种氢,且峰面积之比为1221。有机物B是一种重要的石油化工产品,其产量可用来衡量一个国家的石油化工发展水平。R1CH

18、O+R2CH2CHO回答以下问题: (1)A中含有的官能团名称是_。(2)写出有机反应类型BC_,FG_,IJ_。(3)写出F生成G的化学方程式_。(4)写出J的结构简式_。(5)E的同分异构体有多种,写出所有符合以下要求的E的同分异构体的结构简式_。与FeCl3溶液发生显色反应能发生银镜反应 苯环上只有两个对位取代基能发生水解反应(6)参照上述合成路线,设计一条由制备的合成路线。【解析】B的产量可用来衡量一个国家的石油化工发展水平,B是乙烯,C是乙醇,则D是乙醛。A既能发生银镜反应,又能与FeCl3溶液发生显色反应,说明含有醛基和酚羟基。其核磁共振氢谱显示有4种氢,且峰面积之比为1221,则

19、根据A的分子式可知A的结构简式为。根据已知信息可知A和D发生醛基的加成反应生成E,则E的结构简式为。E发生银镜反应生成F,则F的结构简式为,F在浓硫酸的作用下发生消去反应生成G,则G的结构简式为。G与氯化氢发生加成反应生成H,H水解生成I,2分子I发生酯化反应生成J,由于J分子结构中含有3个六元环,则H、I、J的结构简式分别是、。(1)根据A的结构简式可知A中含有的官能团名称是羟基(或酚羟基)、醛基。(2)根据以上分析可知BC、FG、IJ的反应类型分别是加成反应、消去反应、取代反应(或酯化反应)。(3)F生成G的化学方程式为。(4)根据以上分析可知J的结构简式为(5)与FeCl3溶液发生显色反应,说明含有酚羟基。能发生银镜反应,说明含有醛基;苯环上只有两个对位取代基,能发生水解反应,说明是甲酸形成的酯基,则符合条件的有机物结构简式为、。(6)原料为卤代烃,对照目标物,模仿题述合成路线可写出合成路线。答案:(1)羟基(或酚羟基)、醛基 (2)加成反应消去反应取代反应(或酯化反应)关闭Word文档返回原板块