故
3
22
2ð
∫0costdt=3ð.
cos2tdt=
依题意曲线的线密度为〉=x2,故所求质量为M=∫xds,其中
第九章曲线积分与曲面积分习题详解
所以
2
ds=1+⎜⎟dx=1+2dx=
⎝dx⎠xx
2
M=∫a
b
x2
x
33
222
度〉=1。
解
设曲线在xOy,yOz,zOx坐标平面内的弧段分别为L1、L2、L3,曲线的重心坐标为
(x,y,z),则曲线的质量为M=∫
L+L+L
ds=3∫Lds=3⋅
2ð3ð
=
42
.由对称性可得重心坐标
x=y=z=
1
M
∫
L+L+L
xds=
1
M
(∫L
LL
xds+
)
=
1
M
(∫L
xds+0+∫Lxds)=
2
M
∫L
xds
=
2
M
∫0
1
xdx
1−x
2
=
24
=
M3ð
.
⎛444
,
⎝3ð3ð3ð
⎞
⎠
习题9.2
1设L为xOy面内一直线y=b(b为常数),证明
∫LQ(x,y)dy=0。
证明:
设L是直线y=b上从点(a1,b)到点(a2,b)的一段,其参数方程可视为
y=y(x)=b,(a1≤x≤a2),
于是
∫L
a
Q(x,y)dy=∫aQ(x,b)⋅0⋅dx=0。
2计算下列对坐标的曲线积分:
4
⎛dy⎞
11
1+xdx,
11
1+xdx=[(1+x2)]ba=[(1+b2)2−(1+a2)].
2
3求八分之一球面x+y+z=1(x≥0,y≥0,z≥0)的边界曲线的重心,设曲线的密
故所求重心坐标为⎜
⎟.
第九章曲线积分与曲面积分习题详解
(1)
∫L
xydx,其中L为抛物线y2=x上从点A(1,−1)到点B(1,1)的一段弧。
22
1。
因此
∫L
11
−1−1
(2)
∫
L
(x2+y2)dx+(x2−y2)dy,其中L是曲线y=1−1−x从对应于x=0时的点到
x=2时的点的一段弧;
解
y
L1
L2
o
1
2
x
L1的方程为y=x(0≤x≤1),则有
∫
L
(x2+y2)dx+(x2−y2)dy=
∫
1
0
2x2dx=
2
3
.
L2的方程为y=2−x(1≤x≤2),则
∫
L
(x2+y2)dx+(x2−y2)dy
22
11
=∫
2
1
2(2−x)2dx=
2
3
.
所以
∫
L
(x2+y2)dx+(x2−y2)dy=
4
3
.
(3)
∫L
ydx+xdy,L是从点A(−a,0)沿上半圆周x2+y2=a2到点B(a,0)的一段弧;
解
y
A(−a,0)o
B(a,0)
x
利用曲线的参数方程计算.L的参数方程为:
x=acos⎝,y=asin⎝,在起点A(−a,0)处
5
解将曲线L的方程y=x视为以y为参数的参数方程x=y,其中参数y从−1变到
4
24
5
=∫[x2+(2−x)]dx+∫[x2−(2−x)]⋅(−1)dx
2
2
第九章曲线积分与曲面积分习题详解
参数值取ð,在终点B(a,0)处参数值相应取0,故⎝从ð到0.则
∫L
00
ðð
(4)
∫L
22
C(a,0)到终点B(0,−a)的路径;
解利用曲线的参数方程计算.L的参数方程为:
x=acos⎝,y=asin⎝,在起点A(0,a)
处参数值取
ð
2
,在终点B(0,−a)处参数值相应取−
ð
2
,则
∫L
−
2
ð
−
2
ð
ð
4
(5)
∫L
322
解直线AB的方程为
xyz
==
321
化成参数方程得
x=3t,y=2t,z=t,t从1变到0。
所以
∫L
0
xdx+3zydy−xydz=∫1[(3t)3+3t(2t)2−(3t)2t]dt
0
=87∫1tdt=−
87
4
。
(6)I=
∫L
⎧x2+y2=1,
(z−y)dx+(x−z)dy+(x−y)dz,L为椭圆周⎨
⎩x−y+z=2,
且从z轴
正方向看去,L取顺时针方向。
解L的参数方程为
x=cost,y=sint,z=2−cost+sint,t从2ð变到0,
I=
∫
L
(z−y)dx+(x−z)dy+(x−y)dz
0
2ð
6
22
=2a4∫ð2sin2⎝cos2⎝d⎝=−
322
322
3
=∫(3cos2t−sin2t−2sint−2cost)dt=−2ð。
第九章曲线积分与曲面积分习题详解
3设z轴与重力的方向一致,求质量为m的质点从位置(x1,y1,z1)沿直线移到
(x2,y2,z2)时重力所作的功。
解因为力
ur
F=(0,0,mg)
所以
z
−z
z
习题9.3
1.利用曲线积分求下列平面曲线所围成图形的面积:
⎧x=acos3t,
(1)星形线⎨3
⎩y=asint,
(0≤t≤2ð);)
解A=
1
2
ð
3232
ðð
2
00
22
解设圆的参数方程为x=bcost,y=b+bsint,t从0变到2ð.那么
A=
1
2∫L
2ð
0
2ð
0
222222
解把双纽线的参数方程代入到公式A=
1
2
∫
L
xdy−ydx即可求得所要求的面积a2。
2利用格林公式计算下列曲线积分:
(1)
∫
L
(y−x)dx+(3x+y)dy,其中L是圆(x−1)2+(y−4)2=9,方向是逆时针
方向;
解设闭曲线L所围成闭区域为D,这里
P=y−x,Q=3x+y,
∂Q
∂x
=3,
∂P
∂y
=1,
7
1
∫Lxdy−ydx=2⋅4∫02[acost3asintcost−asint3acost(−sint)]dt
3
=6a2∫∫2cos2tsin2tdt=ða2。
[cos4tsin2t+sin4tcos2t]dt=6a2
8
(2)圆x+y=2by,(b>0);
1
2
1
=b2⋅∫(1+sint)dt=ðb2。
2
(3)双纽线(x+y)=a(x−y),(b>0)。
第九章曲线积分与曲面积分习题详解
由格林公式,得
∫
L
(y−x)dx+(3x+y)dy=∫∫(3−1)dxdy
D
=2∫∫dxdy=18ð。
D
(2)
∫L
3
段,方向是顺时针方向。
解
令P(x,y)=y,Q(x,y)=3siny−x,则
∂Q
∂x
∂P
∂y
x由1变化到-1,故有
∫L
ydx+(3siny−x)dy
y
B(2,1)
=
∫
ABCA
33
CA
A(−1,0)
o
C(1,0)
x
−1
(−2)dxdy−0⋅dx=2
1
DD
其中D为ABCA所围成的闭区域.
(3)
∫L(e
x
siny−my)dx+(excosy−m)dy,其中m为常数,L为圆
x2+y2=2ax上从点A(2a,0)到点O(0,0)的有向上半圆。
解如右图所示,设从点O到点A的有向直线段的方程为
OA:
y=0,x从0变到2a。
则OA与曲线L构成一闭曲线,设它所围成闭区域为D,令
y
P=exsiny−my,Q=excosy−m,
∂Q
∂P
=excosy−m,
-1=excosy,
∂x
∂y
0(0,0)
o
A(2a,0)
x
由格林公式,得
∫
L+OA
(exsiny−my)dx+(excosy−m)dy=∫∫mdxdy
D
而
=m∫∫dxdy=
D
1
2
mða2。
∫OA
8
2a
0
−=−1−1=−2,且线段CA:
y=0,
=−∫∫∫∫∫dxdy=2.
(exsiny−my)dx+(excosy−m)dy=∫[(exsin0−m0)+(excos0−m)0]dx
第九章曲线积分与曲面积分习题详解
=0,
故
∫L(e
x
siny−my)dx+(excosy−m)dy=
∫
L+OA
(exsiny−my)dx+(excosy−m)dy
−∫OA(exsiny−my)dx+(excosy−m)dy
=
1
2
1
2
(4)
∫
L
xdy−ydx
x2+y2
22
解
令P(x,y)=
2
−y
,Q(x,y)=
2
x
,则当(x,y)≠(0,0)时,
∂P
∂y
∂Qy2−x2
==
∂x(x2+y2)2
,
但积分曲线L所围区域包含点(0,0),P(x,y),Q(x,y)在该点不
具有连续的偏导数,因此不能直接应用格林公式计算,需要将
y
奇点(0,0)去掉,为此作半径足够小的圆C:
x2+y2=™2,使
o
c
™
x
C位于L的内部,如图右所示.C的参数方程为
x=™cos⎝,y=™sin⎝,⎝∈[0,2ð],
C取逆时针方向.于是
∫
L
xdy−ydx
x2+y2
=
∫
L+C
xdy−ydx
x2+y2
−
∫
C
xdy−ydx
x2+y2
,
其中C−表示C的负方向.由格林公式则有
xdy−ydx
其中D为L与C所围成的闭区域.故
xdy−ydxxdy−ydx
∫Lx2+y2=−∫Cx2+y2=
∫
C
xdy−ydx
x2+y2
2ð
0
=∫0
2ð
™cos⎝d(™sin⎝)−™sin⎝d(™cos⎝)
™2cos2⎝+™2sin2⎝
(5)
∫
L
∂u
∂n
ds,其中u(x,y)=x2+y2,L为圆周x2+y2=6x取逆时针方向,
∂u
∂n
是u沿L的外法线方向导数。
解由于
∂u
∂n
=
∂u
∂x
cos(n,x)+
∂u
∂y
cos(n,y)=2xcos®−2ycos〈,其中〈,®是在曲线L上点
(x,y)处的切线的方向角,故∫
L
∂u
∂n
ds=
∫
(2xcos®−2ycos〈)ds.根据两类曲线积分之间的
9
,其中L为椭圆4x+y=1,取逆时针方向;
∫L+C−x2+y2=∫D∫0⋅dxdy=0,
=∫d⎝=2ð.
第九章曲线积分与曲面积分习题详解
联系及格林公式,有
∂u
∫L∂nds=
∫
L
(−2ycos〈+2xcos®)ds=
∫
L
(−2y)dx+2xdy=∫∫4dxdy.
D
因为L为圆周x2+y2=6x,所以L所围成的圆的面积⎛=9ð,因此
∂u
3证明下列曲线积分在整个xOy面内与路径无关,并计算积分值:
(1)
∫(0,0)
(2,1)
(2x+y)dx+(x−2y)dy;
解令P