中考物理试题分类汇编专题13 杠杆及其平衡条件.docx

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中考物理试题分类汇编专题13杠杆及其平衡条件

2018中考物理试题分类汇编：

专题13杠杆及其平衡条件

一．选择题（共22小题）

1．（2018•贵阳）人们应用不同的简单机械来辅助工作，正常使用下列简单机械时说法正确的是（　　）

A．筷子可以省距离B．所有剪刀都一定省力

C．定滑轮可以省力D．撬棒越短一定越省力

【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

从而判断选项正误。

【解答】解：

A、用筷子夹菜时，动力臂小于阻力臂，所以是一个费力杠杆，费力但省距离，故A正确；

B、剪铁皮用的剪刀，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

理发用的剪刀，在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；

所以，剪刀有省力的，也有费力的，故B错误；

C、定滑轮在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力，故C错误；

D、撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；在其它条件不变时，省力的多少取决于动力臂的长短，撬棒越短动力臂越小，越费力，故D错误。

故选：

A。

2．（2018•广西）在探究“杠杆平衡条件“实验中，杠杆在力F作用下水平平衡，如图所示，现将弹簧测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，杠杆始终保持水平平衡，则拉力F与其力臂的乘积变化情况是（　　）

A．一直变小B．一直变大C．一直不变D．先变小后变大

【分析】在测力计转动过程中，钩码的重力不变，其力臂OA不变，根据杠杆的平衡条件分析拉力F与其力臂的乘积变化情况。

【解答】解：

将测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，钩码的重力不变，其力臂OA不变，即阻力与阻力臂的乘积不变；由于杠杆始终保持水平平衡，所以根据杠杆的平衡条件可知，拉力F与其力臂的乘积也是不变的。

故选：

C。

3．（2018•湘西州）如图所示，大熊和小熊坐跷跷板。

如果它们脚不着地，跷跷板在水平位置保持平衡时，下列说法正确的是（　　）

A．大熊和小熊的重力相等

B．大熊和小熊到支点的距离相等

C．他们各自的重力与各自的力臂的乘积相等

D．以上说法都正确

【分析】由图可知，大熊和小熊重力关系，根据杠杆的平衡条件可知它们重力与各自力臂的乘积关系，从而可知它们到支点的距离大小关系。

【解答】解：

A、由图可知，大熊重力应大于小熊的重力，故A错误；

BCD、由题知，它们脚不着地，跷跷板在水平位置保持平衡，由杠杆的平衡条件知，它们各自的重力与各自的力臂的乘积相等，故C正确；

熊对跷跷板压力大小等于各自的重力，所以大熊的力臂小于小熊的力臂，即它们到支点的距离不相等，故B错误；

综上所述D错误。

故选：

C。

4．（2018•潍坊）如图所示，杠杆处于平衡状态。

如果杠杆两侧的钩码各减少一个，杠杆将（　　）

A．左端下降B．右端下降C．仍然平衡D．无法判断

【分析】利用杠杆的平衡条件：

动力×动力臂=阻力×阻力臂，左右分别判断看是否平衡。

【解答】解：

图中杠杆处于平衡状态，设一个钩码的重为G，杠杆上一格的长度为L，根据杠杆平衡条件可得：

2G×3L=3G×2L；

如果杠杆两侧的钩码各减少一个，则：

左边力与力臂的乘积：

1G×3L，

右边力与力臂的乘积：

2G×2L，

由于此时右边力与力臂的乘积较大，所以右端下降。

故选：

B。

5．（2018•邵阳）如图所示的杠杆，动力F的力臂是（　　）

A．ODB．OFC．OAD．OC

【分析】力臂的概念：

力臂是指从支点到力的作用线的距离；据此对照各图逐一进行分析即可解答。

【解答】解：

力臂是指从支点到力的作用线的距离；由图可知，动力F的作用线沿FC方向，OC垂直CF，则动力F的力臂是线段OC。

故选：

D。

6．（2018•长春）悬挂重物G的轻质杠杆，在力的作用下倾斜静止在如图所示的位置。

若力施加在A点，最小的力为FA；若力施加在B点或C点，最小的力分别为FB、FC，且AB=BO=OC．下列判断正确的是（　　）

A．FA＞GB．FB=GC．FC＜GD．FB＞FC

【分析】根据杠杆的平衡条件分析出最小的力，然后画出最小的力的示意图，根据各个力臂的关系判定力的大小。

【解答】解：

在阻力和阻力臂不变的情况下，动力臂越大，动力最小；若力施加在A点，当OA为动力臂时，动力最小为FA；若力施加在B点，当OB为力臂时动力最小，为FB；C若力施加在C点，当OC为力臂时，最小的力为FC，从支点做阻力的力臂OB'，如图所示：

；

阻力和阻力臂的乘积不变；由图可知：

FA的力臂AO＞OB'，根据杠杆的平衡条件可知，FA＜G，故A错误；

FB的力臂BO＞OB'，根据杠杆的平衡条件可知，FB＜G，故B错误；

FC的力臂CO＞OB'，根据杠杆的平衡条件可知，FC＜G，故C正确；

FB的力臂BO=OC，根据杠杆的平衡条件可知，FB=FC，故D错误；

故选：

C。

7．（2018•齐齐哈尔）如图所示的用具，在正常使用的过程中，属于费力杠杆的是（　　）

A．

B．

C．

D．

【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

【解答】解：

A、图示剪刀，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

B、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

C、图示剪刀，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；

D、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。

故选：

C。

8．（2018•金华）如图，用刻度均匀的匀质杠杆进行“杠杆平衡条件”的实验（每个钩码重为0.5牛），下列说法正确的是（　　）

A．

实验前出现如图所示情况，应将杠杆的平衡螺母向左调

B．

如图，在AB处各增加一个钩码，杠杆仍然能保持平衡

C．

如图，弹簧测力计从a位置转到b，为保持杠杆在水平位置平衡，其示数需变大

D．

如图，用弹簧测力计在c点向上拉杠杆，为保持杠杆在水平位置平衡，其示数小于3牛

【分析】

（1）探究杠杆平衡条件之前首先要调节杠杆在水平位置平衡，螺母向上翘的一端移动；

（2）原来杠杆平衡，是因为两边的力和力臂的乘积相等，现在各加一个同样的钩码，就要看现在的力和力臂的乘积是否相等，据此分析得出结论；

（3）根据钩码个数与每个钩码的重力求出测力计拉力；当拉力F向右倾斜时，保持B点不动，弹簧测力计的方向向右倾斜，这时杠杆右侧的力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大；

（4）图中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。

【解答】解：

A、由图可知，杠杆的右端上翘，要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母应向右端移动，故A错误；

B、设一个钩码重为G，一格的长度为L，

原来：

3G×2L=2G×3L，杠杆平衡；

在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相等的钩码，现在：

4G×2L＜3G×3L，所以杠杆不再平衡，杠杆的右端下沉，故B错误；

C、图中弹簧测力计从a位置转到b，此时拉力F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，拉力变大，即测力计的示数变大，故C正确；

D、若不计杠杆的重力，根据杠杆的平衡条件可得：

F′•2L=3G•4L，

解得测力计的示数：

F′=6G=6×0.5N=3N；

利用如图所示装置进行探究，杠杆的重力不能忽略，且杠杆的重心在杆的中点（杠杆的重心没有通过支点），杠杆的重力与钩码的重力都会使杠杆向逆时针方向转动，所以弹簧测力计的示数应大于3N，故D错误。

故选：

C。

9．（2018•聊城）人体中的许多部位都具有杠杆的功能。

如图是人用手托住物体时手臂的示意图，当人手托5kg的物体保持平衡时，肱二头肌收缩对桡骨所施加力的大小一定（　　）

A．大于5kgB．大于49NC．小于49ND．等于49N

【分析】首先确定杠杆的支点、动力、阻力及对应的动力臂和阻力臂，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2，并结合力臂的概念进行分析。

【解答】解：

A、力的单位是N，质量的单位是kg，题目是求力的大小，不能用kg左单位，故A错误；

BCD、由图知，物体的重力为G=mg=5kg×9.8N/kg=49N；

肱二头肌的拉力为动力，物体对手的压力为阻力，支点在肘，如图所示：

所以动力臂小于阻力臂，根据杠杆平衡条件：

F1L1=F2L2

因为L1＜L2

所以F1＞F2

即肱二头肌收缩所承受的力一定大于49N．故B正确，CD错误。

故选：

B。

10．（2018•临沂）图（a）所示的杠杆是水平平衡的。

如果在支点两侧的物体下方分别加挂一个等重的物体，如图（b）所示，则杠杆（　　）

A．右端下沉

B．左端下沉

C．要保持平衡应将左端的物体向右移动

D．要保持平衡应在右端再加挂一个物体

【分析】（a）图杠杆是平衡的，原因是两边的力和力臂的乘积相等，（b）图分别加挂一个等重的物体后，分析两边的力和力臂的乘积是否还相等，据此判断丁图的杠杆是否还平衡。

【解答】解：

AB、设一个钩码重为G，杠杆一格长为L，（a）图杠杆平衡是因为：

2G×2L=G×4L；

（b）图分别加挂一个等重的物体后（为便于研究，设物体的重也为G），

左边力与力臂的乘积：

3G×2L，

右边力与力臂的乘积：

2G×4L，

因为3G×2L＜2G×4L，即右边力与力臂的乘积较大，

所以杠杆不能平衡，右端下沉；故A正确，B错误；

CD、若想让杠杆能够平衡，可以将左端的物体向左移动，从而增大左边的力臂，使左边的力与力臂的乘积等于右边的力与力臂的乘积，故C错误；

若想让杠杆能够平衡，可以在左端再加挂一个物体，左边的力变大，使左边的力与力臂的乘积等于右边的力与力臂的乘积，故D错误。

故选：

A。

11．（2018•黑龙江）如图所示的简单机械中一定费力的是（　　）

A．

起瓶器

B．

撬棒

C．

羊角锤

D．

钓鱼竿

【分析】结合图片和生活经验，找出支点，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

【解答】解：

A、起瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A错误；

B．撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误；

C、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C错误；

D、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D正确。

故选：

D。

12．（2018•遂宁）小明在水平地面上推如图所示的一只圆柱形油桶，油桶高40cm，底部直径为30cm，装满油后总重2000N．下列说法中正确的是（　　）

A．要使底部C稍稍离开地面，他至少应对油桶施加600N的力

B．他用水平力虽没推动油桶，但他用了力，所以他对油桶做了功

C．他用水平力没推动油桶，是因为推力小于摩擦力

D．油桶匀速运动时，地面对油桶的支持力和油桶对地面的压力是平衡力

【分析】

（1）根据杠杆平衡原理，确定出使杠杆平衡的动力方向，然后利用几何关系求出力臂，再利用平衡条件求出最小拉力的大小。

（2）根据做功的条件分析；

（3）根据二力平衡分析；

（4）根据平衡力的条件分析。

【解答】解：

A、作用在B点的力，要使油桶C点稍离地面，必须以C点为支点，则BC作为动力臂最长，此时动力也最小，最省力，

此时动力为F，阻力为G=2000N，动力臂L1=

=

=50cm，阻力臂L2=

CD=

×30cm=15cm，

由于F1L1=F2L2，则最小拉力F=

=

=600N，故A正确。

B、他用水平力没推动油桶，没在力的方向上通过距离，故不做功，故B错误；

C、他用水平力没推动油桶，油桶处于静止状态，推力等于摩擦力，故C错误；

D、地面对油桶的支持力和油桶对地面的压力没有作用在同一个物体上，不是平衡力，故D错误。

故选：

A。

13．（2018•海南）如图所示，下列工具在使用中属于省力杠杆的是（　　）

A．

筷子

B．

钓鱼竿

C．

钢丝钳

D．

食品夹

【分析】结合图片和生活经验，找出支点，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

【解答】解：

A、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A错；

B、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B错；

C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C正确；

D、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D错。

故选：

C。

14．（2018•河南）下列工具中，使用时属于费力杠杆的是（　　）

A．

羊角锤

B．

筷子

C．

瓶盖起子

D．

天平

【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

【解答】解：

A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；

C、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

D、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆。

故选：

B。

15．（2018•连云港）如图所示，O为杠杆的支点，杠杆右端挂有重为G的物体，杠杆在力F1的作用下在水平位置平衡。

如果用力F2代替力F1使杠杆仍在水平位置保持平衡，下列关系中正确的是（　　）

A．F1＜F2B．F1＞F2C．F2＜GD．F1=G

【分析】由题知，O为支点，当阻力、阻力臂不变时，由杠杆的平衡条件知：

动力和动力臂的乘积一定，当动力臂较大时，动力将较小；动力臂较小时，动力将较大。

因此先判断出F1、F2的力臂大小，即可判断出两力的大小关系从而比较出F1、F2与G的关系。

【解答】解：

AB、设动力臂为L2，杠杆长为L（即阻力臂为L）；

由图可知，F2与杠杆垂直，因此其力臂为最长的动力臂，由杠杆平衡条件可知F2为最小的动力，则Fl＞F2，故A错误，B正确；

CD、用力F2使杠杆在水平位置保持平衡时，

由杠杆平衡条件可得：

F2•L2=G•L，

由图知L2＜L，

所以F2＞G；故C错误；

因为Fl＞F2，F2＞G，

所以Fl＞F2＞G，故D错误。

故选：

B。

16．（2018•上海）能使杠杆OA水平平衡的最小力的方向为（　　）

A．ABB．ACC．ADD．AE

【分析】根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。

由此分析解答。

【解答】解：

由图知，O为支点，动力作用在A点，连接OA就是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向应向上，所以最小力方向为AB。

故选：

A。

17．（2018•福建）《墨经》最早记述了秤的杠杆原理。

图中“标”“本”表示力臂，“权“重”

表示力。

以下说法符合杠杆平衡原理的是（　　）

A．“权”小于“重”时，A端一定上扬

B．“权”小于“重“时，“标”一定小于“本”

C．增大“重”时，应把“权”向A端移

D．增大“重”时，应换用更小的“权”

【分析】杆秤实际是以提纽为支点的杠杆，利用杠杆平衡条件分析力或力臂的变化。

【解答】解：

根据杠杆平衡条件知，

权×标=重×本。

A、“权”小于“重”时，“本”确定，但“标”是可以改变的，所以A端不一定上扬。

故A错误；

B、“权”小于“重“时，由“权×标=重×本”知，“标”一定大于“本”。

故B错误；

C、增大“重”时，“权”和“本”不变，由“权×标=重×本”知，“标”会增大，所以把“权”向A端移。

故C正确；

D、增大“重”时，“本”不变，由“权×标=重×本”知，可以增大“标”，或增大“权”。

故D错误。

故选：

C。

18．（2018•达州）如图所示，光滑带槽的长木条AB（质量不计）可以绕支点O转动，木条的A端用竖直细线连接在地板上，OA=0.6m，OB=0.4m。

在木条的B端通过细线悬挂一个长方体木块C，C的密度为0.8×103kg/m3，B端正下方放一盛满水的溢水杯。

现将木块C缓慢浸入溢水杯中，当木块浸入水中一半时，从溢水口处溢出0.5N的水，杠杆处于水平平衡状态，然后让质量为300g的小球从B点沿槽向A端匀速运动，经4s的时间系在A端细绳的拉力恰好等于0，下列结果不正确的是（忽略细线的重力，g取10N/kg）（　　）

A．木块受到的浮力为0.5N

B．木块C受到细线的拉力为0.3N

C．小球刚放在B端时A端受到细线的拉力为2.2N

D．小球的运动速度为0.2m/s

【分析】

（1）溢水杯内裝满水，当物体放入后，根据阿基米德原理即可求出物体受到的浮力；

（2）根据F浮=ρ水V排g求排开水的体积；此时木块浸入体积为木块体积的一半，可求木块的体积，又知道木块的密度，利用密度公式和重力公式求木块重；根据FB=G﹣F浮求杠杆B端受到的拉力FB，

（3）根据杠杆平衡条件得出关系式FA×OA=FB×OB求出小球刚放在B端时A端受到细线的拉力；

（4）知道小球的质量可求重力，设小球的运动速度为v，则小球滚动的距离s=vt，可求当A端的拉力为0时，小球到O点距离（s﹣OB=vt﹣OB=v×4s﹣0.4m），再根据杠杆平衡条件得出G球×s′=FB×OB，据此求小球运动速度。

【解答】解：

（1）溢水杯内盛满水，当物体放入后，物体受到的浮力：

F浮=G排=0.5N，故A正确；

（2）根据F浮=ρ液gV排可得排开水的体积：

V排=

=

=5×10﹣5m3；

因为一半浸入水中，

所以物体的体积：

V物=2V排=2×5×10﹣5m3=1×10﹣4m3；

由G=mg和ρ=

可得，物体的重力：

G=mg=ρ物•V物g=0.8×103kg/m3×1×10﹣4m3×10N/kg=0.8N，

则B端木块C所受的拉力：

FB=G﹣F浮=0.8N﹣0.5N=0.3N，故B正确；

（3）小球的质量为：

m球=300g=0.3kg，

小球的重：

G球=m球g=0.3kg×10N/kg=3N，

小球刚放在B端时，B端受到的力为3N+0.3N=3.3N，

根据杠杆平衡条件得出关系式：

FA×OA=FB×OB

则A端受到细线的拉力：

FA=

=

=2.2N，故C正确。

（4）设小球的运动速度为v，

则小球滚动的距离s=vt，

当A端的拉力为0时，杠杆再次平衡，此时小球到O点距离：

s′=s﹣OB=vt﹣OB=v×4s﹣0.4m，

根据杠杆平衡条件可知：

G球×s′=FB×OB，

即：

3N×（v×4s﹣0.4m）=0.3N×0.4m，

解得：

v=0.11m/s。

故D错误。

故选：

D。

19．（2018•烟台）如图所示的杠杆，属于费力杠杆的是（　　）

A．

B．

C．

D．

【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

【解答】解：

A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意。

B、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意。

C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意。

D、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意。

故选：

C。

20．（2018•苏州）如图的常见器具都应用了杠杆，其中属于省力杠杆的是（　　）

A．

托盘天平

B．

独轮车

C．

筷子

D．

船桨

【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

【解答】解：

A、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力；

B、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；

D、船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。

故选：

B。

21．（2018•绵阳）如图所示，两个等高的托盘秤甲、乙放在同一水平地面上，质量分布不均匀的木条AB重24N，A、B是木条两端，O、C是木条上的两个点，AO=BO，AC=OC．A端放在托盘秤甲上，B端放在托盘秤乙上，托盘秤甲的示数是6N．现移动托盘秤甲，让C点放在托盘秤甲上。

此时托盘秤乙的示数是（　　）

A．8NB．12NC．16ND．18N

【分析】A端放在托盘秤甲上，以B点支点，根据杠杆平衡条件先表示出木条重心D到B的距离，当C点放在托盘秤甲上C为支点，再根据杠杆平衡条件计算托盘秤乙的示数。

【解答】解：

设木条重心在D点，当A端放在托盘秤甲上，B端放在托盘秤乙上时，以B端为支点，

托盘秤甲的示数是6N，根据力的作用是相互的，所以托盘秤对木条A端的支持力为6N，如图所示：

由杠杆平衡条件有：

FA×AB=G×BD，即：

6N×AB=24N×BD，

所以：

AB=4BD，

BD=

AB，

当C点放在托盘秤甲上时，仍以C为支点，此时托盘秤乙对木条B处的支持力为FB，

因为AO=BO，AC=OC，所以CO=OD=BD，BC=3BD，CD=2BD

由杠杆平衡条件有：

FB×BC=G×CD，即：

FB×3BD=24N×2BD，

所以：

FB=16N，则托盘秤乙的示数为16N。

故选：

C。

22．（2018•衢州）如图所示是汽车起重机，其中A、B组成滑轮组（结构如示意图），C杆伸缩可改变吊臂的长短，D杆伸缩可改变吊臂与水平面的角度，O为吊臂的转动轴，装在E里的电动机牵引钢丝绳，利用滑轮组提升重物，H为在车身外侧增加的支柱，F为吊臂顶端受到竖直向下的力。

下列有关汽车起重机的叙述中错误的是（　　）

A．滑轮组中A滑轮用于改变力的方向

B．当C杆伸长时吊臂对D杆的压力将变大

C．当D杆伸长时力F的力臂将变小

D．H的作用是工作时以防翻车和避免轮胎受到的压力过大

【分析】

（1）不随物体一起移动的滑轮是定滑轮，随物体一起移动的滑轮是动滑轮，定滑轮可以改变力的方向，动滑轮可以省力；

（2）当C杆伸长时吊臂阻力臂变长，阻力和动力臂不变时，根据杠杆平衡条件分析解答力的变化；

（3）当D杆伸长时，物体变高，伸长臂的夹角变大，阻力臂F的力臂将变小；

（4）操纵汽车起重机时，应在车身外侧增加支柱，以防翻车，并避免轮胎受到过大的压力，损坏轮胎。

【解答】解：

A、A滑轮随物体一起移动是动滑轮，动滑轮可以省力但可以改变力的方向，故A错误；

B、当C杆伸长时吊臂阻力臂变长，在阻力和动力臂一定时，阻力臂越长，动力越大，根据物体间力的作用是相互的知，对D杆的压力将变大，故B正确；

C、当D杆伸长时力，物体变高，阻力臂F的力臂将变小，故C正确；

D、操纵汽车起重机时，应在车身外侧增加支柱即H，以防翻车，并避免轮胎受到过大的压力。

故D正确。

故选：

A。

二．填空题（共9小题）

23．（2018•昆明）如图所示，轻质杠杆OA可绕O点无摩擦转动，A点处挂一个重为20N的物体，B点处加一个竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，且OB：

AB=2：

1．则F=　30　N，它是　费力　杠杆。

【分析】已知物体G的重力，再根据杠杆平衡的条件F•OB=G•OA可直接求F的大小，根据拉力F和G的大小判断杠杆的种类。

【解答】解：

因为OB：

AB=2：

1，

所以OB：

OA=OB：

（OB+AB）=2：

（2+1）=2：

3

由杠杆平衡的条件F得：

F•OB=G•OA可得：

即：

F=

=

=30N；

因为F＞G，

所以此杠杆为费力杠杆。

故答案为：

30；费力。

24．（2018•广安）如图，AB是能绕B点转动的轻质杠杆，在中点C处用绳子