安徽省池州市东至县高三联考理综物理试题 扫描版.docx

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安徽省池州市东至县高三联考理综物理试题扫描版

2017年高三物理模拟测试卷参考答案

单选：

D，D，D，A，B

多选：

BD，AD，BC

14.D　[根据曲线运动力与轨迹的关系，力需指向轨迹弯曲的内侧，所以A错误；带电粒子只受电场力作用，故力与电场线共线，所以C错误；由题意知，运动过程中粒子的电势能逐渐减小，故电场力做正功，即力与速度方向的夹角应为锐角，故B错误，D正确．

15.D　[该题中由于不知道磁场的方向，所以不能判断出洛伦兹力的方向．带电质点进入磁场时所受洛伦兹力可能向上．故A，B错误；带电质点运动的过程中只有重力做功，由功能关系可知：

mv2＝mgh＋mv，所以：

v＝.故C错误，D正确．]

16.D　[由题意知U1＝1000V，则U2＝U1＝10V，R消耗的功率PR＝＝10W，A错误．电容器的耐压值不小于10V，B错误．交流电的频率f＝＝25Hz，C错误．电容器可以通交流，故电流表示数一定不为零，D正确．]

17.A　[B球对碗壁刚好无压力，则根据几何知识分析可得B球所在位置两线的夹角为90°，以B球为研究对象，进行受力分析，水平方向所受合力为零，由此可知FAcosθ＝FCsinθ，＝＝tanθ＝3/4.]

18.解析：

选B.

由题中条件可知，当滑块B向上运动时，薄板A将沿斜面向下运动．由受力分析和牛顿第二定律可知：

aA＝4m/s2，方向沿斜面向下；aB＝10m/s2，方向沿斜面向下，故在滑块向上滑行的过程中，A、B的加速度大小之比为2∶5，选项A错误；滑块B的位移为xB＝t1－t2＝m，方向沿斜面向上，所以滑块B克服摩擦力做的功为W＝fxB＝J，选项B正确；开始运动时，滑块B向上做匀减速直线运动，减速到零所需要的时间t1＝0.5s，此时薄板A的速度大小为vA＝aAt1＝2m/s，然后A、B都将向下运动，且A、B的加速度不变，若最后速度相同则有vA＋aAt2＝aBt2，代入数据可解得t2＝s，共同速度为v＝m/s，A、B运动的时间为t＝t1＋t2＝s，选项C错误；A、B的相对位移为x＝t1＋aAt＋vAt2＋aAt－t2，代入数据有x＝m，故在整个过程中产生的热量Q＝fx＝J，选项D错误．

19.BD　[因月球上卫星的最小发射速度为最大环绕速度，有＝，又＝m（R＋h），可得v＝A错误，探测器运行时的向心加速度为a＝ω2r＝，选项B正确，由＝m（R＋h），ρ＝，V＝πR3，可得月球的平均密度ρ＝，C错误；根据＝m（）2（R＋h），又＝m′g，两式联立得g＝，选项D正确．]

20.AD　[根据核反应中质量数和电荷数守恒，可知X是X，所以为中子，A正确；Y应为Y，所以Y的质子数为3，核子数为6，中子数为3，B错误；两核反应均有能量释放，根据爱因斯坦质能方程，两核反应都有质量亏损，C错误；由聚变反应概念知，D正确．]

21.BC　[

由牛顿第二定律可知，从开始到弹簧第一次被压缩到最短的过程中，A木块由静止开始做加速度逐渐减小的加速运动，B木块由静止开始做加速度不断增大的加速运动．开始时，A的加速度大于B的加速度，两木块的速度图象如图所示，由图象可知，两木块加速度相等时，vA>vB，D项错；两木块速度相等时，aA

22.答案　

（1）CA　（每空1分）

（2）见解析图甲（2分）（3）见解析图乙（2分）　

（4）53.3（50.0~57.0均可）（3分）

解析　

（1）根据实验数据表可知电压最大为2.80V，最大电流为30.0mA，所以电压表应选择A，电流表应选择C.

（2）通过估算二极管的阻值可知满足>，所以电流表应用外接法．

由于电流、电压从零开始调节，所以滑动变阻器应采用分压式接法，连线图如图甲所示．

甲

（3）画出的I－U图象如图乙所示

乙

（4）根据闭合电路欧姆定律应有I＝，由I－U图象可读出I＝15mA时对应的电压U＝2.2V，可求出Rx≈146.7Ω，代入数据解得R≈53.3Ω.（50.0~57.0均可）

23.

（1）AE　

（2）0.75　（3）B（每空2分）

解析　

（1）由实验原理图可以看出，由弹簧测力计的示数可得到小车所受的合外力的大小，故不需要测砂和砂桶的质量，也不需要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M，A、E错；为保证绳上拉力提供合外力，必须平衡摩擦力，B对；小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，同时读出弹簧测力计的示数，C对；为了多测几组数据，需改变砂和砂桶的质量多做几次实验，D对．

（2）由逐差法可得：

小车的加速度

a＝，

将T＝×4s＝0.08s，代入可得a≈0.75m/s2

（3）由题图结合牛顿第二定律，有

2F＝Ma，

得a＝F

则图象斜率k＝，得小车的质量M＝，故A、D、C错，B对．

24.解析：

（1）线框的AB边离开磁场时已经匀速运动

F＝Ff＋BI2LAB（2分）

Ff＝μmg=0.5N（1分）

所以I2＝＝5A.（1分）

E2＝BLABv＝0.2V（1分）

R=0.04Ω（1分）

（2）线框的AB边进入磁场前

F－Ff＝ma，（2分）

a＝＝10m/s2（1分）

v＝2as，（1分）

v0＝2m/s

线框的AB边进入磁场时E1＝BLABv0＝0.4V.（1分）

I1=E1/R=10A（1分）

F安=BI1LAB＝2N（1分）

方向：

水平向左（1分）

答案：

（1）0.04Ω　

（2）2N水平向左　

25.【解析】

（1）根据动量守恒得：

mBv0＝（mB＋mA）v　（2分）

解得：

v＝v0＝2m/s．　（1分）

（2）设B在A的圆弧部分产生的热量为Q1，在A的水平部分产生的热量为Q2．则有：

mBv02＝（mB＋mA）v2＋Q1＋Q2　（2分）

又Q2＝μmBg（LQP＋LPR）　（2分）

联立解得：

Q1＝1J．　（1分）

（3）当B滑上圆弧再返回至P点时最有可能速度向右，设木块滑至P的速度为vB，此时A的速度为vA，有：

mBv0＝mBvB＋mAvA　（2分）

mBv02＝mBvB2＋mAvA2＋μmBgL　（2分）

代入数据得：

vB2－0.8v0vB＋7.2－0.2v02＝0

当vB的两个解一正一负时，表示B从圆弧滑下的速度向右．即需：

v0＞6m/s，故B有可能相对地面向右运动．（2分）

若要B最终不滑离A，有：

μmBg·2L≥mBv02－（mB＋mA）（v0）2　（2分）

得：

v0≤2m/s=6.3m/s（1分）

故v0的取值范围为：

6m/s＜v0≤2m/s=6.3m/s．　（1分）

[答案]　

（1）2m/s　

（2）1J

（3）可能　6m/s＜v0≤2m/s=6.3m/s

33.ABC　[单晶体和多晶体都有固定的熔点，而非晶体没有固定的熔点，故A正确；当分子间的引力和斥力平衡时，无论分子间距再增大或减小，分子力都要做负功，负子势能增加，故B正确；布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒的运动，它说明液体分子永不停息地做无规则运动，故C正确；外界对物体做功，若同时物体放出热量，物体内能不一定增加，故D错误；固体、液体的分子间距较小，但气体分子间距离较大，故知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，不可计算出阿伏加德罗常数，故E错误．]

（2）20cm

解析　

（2）设玻璃管开口向上时，空气柱的压强为p1＝p0＋ρgl1①（3分）

式中ρ和g分别表示水银的密度和重力加速度．

玻璃管开口向下时，原来上部的水银有一部分会流出，设此时空气柱长度为x，

则p2＝p0－ρg[（l1＋l2）－x]②（3分）

式中p2为管内空气柱的压强．由玻意耳定律有：

p1l2S＝p2xS③（3分）

S为玻璃管的横截面积，由①②③式和题设条件得x＝20cm.（1分）

34.

（1）BDE　

（2）①　②424nm

解析　

（1）质点不随波传播，A错；由波向右传播可知B点向上振动，B对；B点向上振动靠近平衡位置平均速度大，回到平衡位置所用时间小于八分之一周期，C错；由T＝可知周期为0.05s，D对；C点向下运动，所以经过四分之三周期到达波峰，E对．

（2）①光路图如图所示，设在B点的入射角为i、折射角为γ，在C点的入射角为β，出射角为θ，在△OCP中，OC＝R，OP＝R；由正弦定理可得：

＝

sinθ＝

θ＝45°

所以∠COP＝θ－α＝15°

因为OB＝OC＝R，

所以γ＝β，

又根据折射定律可得i＝θ＝45°

所以∠BOM＝i＝45°

由几何关系可得：

γ＋β＝∠COP＋∠BOM＝60°

所以γ＝β＝30°

由折射定律可得：

n＝＝（7分）

②n＝＝（2分）

所以λ＝≈424nm.（1分）