2题型二 坐标图像题.docx

2题型二 坐标图像题.docx

《2题型二 坐标图像题.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2题型二 坐标图像题.docx（15页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。

2题型二坐标图像题

第二部分攻克题型铸考能

题型二　坐标图像题

（北部湾经济区、南宁必考）

类型1　T－t图像

1.（2019淄博）图甲是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置，图乙是描绘的温度随时间变化的图像．下列说法错误的是（　　）

第1题图

A.加热过程中，水含有的热量增加

B.沸腾过程中，水吸收热量，温度不变

C.烧杯上方带孔的纸板，可以减少热量散失

D.水的沸点是98℃，此时大气压低于标准大气压

2.（2019自贡）如图所示为甲、乙两种物质温度T随加热时间t变化的图像，下列说法正确的是（　　）

第2题图

A.甲物质是晶体，乙物质是非晶体

B.甲物质的熔点为210℃

C.乙物质在BC段时处于固液共存状态

D.乙物质在BC段温度不变，不吸热

3.（2018淄博改编）在“探究物质的吸热能力”实验中，把质量均为0.5kg的水和食用油分别装入两个相同的容器内，用相同的电加热器给它们加热，其温度随时间变化的图像如图所示．由图可知________的吸热能力强，不考虑实验中的热损失，加热2min食用油吸收的热量是________J，电加热器的实际功率是________W．[c水＝4.2×103J/（kg·℃）]

第3题图

类型2　s－t、v－t图线

4.（2019乐山）如图为某物体做直线运动时路程随时间变化的图像，由图像可知该物体（　　）

A.在0～20s时间内的速度比在30～40s时间内的速度大

第4题图

B.在整个40s时间内都做匀速直线运动

C.在整个40s时间内的平均速度为2m/s

D.在20～30s内物体的速度为40m/s

5.（全国视野创新题推荐·2019丹东）两辆汽车A、B在平直路面上运动时s－t图像如图甲所示，初始时运动方向如图乙所示，由图甲可知在0～t1时间内，两车速度vA________（选填“大于”、“小于”或“等于”）vB.在t2～t3时间内，若以A车为参照物，B车向________（选填“东”或“西”）运动．

第5题图

6.（2019泸州）一遥控小电动车在平直的路面上做直线运动，其速度v随时间t变化的图像如图所示．已知在4s～8s内小车受到的牵引力恒为10N，则在4s～8s内小车受到的合力为________N，运动的路程为______m;在0～4s内小车受到的摩擦力________（选填“大于”、“等于”或“小于”）10N.

第6题图

类型3　m－V曲线（北部湾经济区2018.13）

7.（2019十堰）如图所示是a、b两种物质质量和体积的关系图像．若用质量相等的a、b两种物质分别制成甲、乙两个底面积不同、高度相同的实心圆柱体，将它们放在水平地面上，则甲、乙两圆柱体对水平地面的压强之比为（　　）

第7题图

A.1∶1　　　B.1∶2　　　C.3∶2　　　D.3∶1

8.（2019衡阳改编）如图是甲、乙两种液体的质量与体积关系图像，将相同的木块分别放入盛有甲、乙两种液体的容器a和b中，待木块静止时，两容器液面相平，下列说法正确的是（　　）

第8题图

A.a容器盛的是乙液体，b容器盛的是甲液体

B.木块在a容器内排开液体的质量较大

C.a、b两容器底部受到的液体的压强相等

D.a、b两容器中木块下表面受到的液体的压强相等

9.（2019扬州）在测量液体密度的实验中，小明利用天平和量杯测量出液体和量杯的总质量m及液体的体积V，得到几组数据并绘出如图所示的m－V图像，下列说法正确的是（　　）

第9题图

A.量杯质量为40g

B.40cm3的该液体质量为40g

C.该液体密度为1.25g/cm3

D.该液体密度为2g/cm3

类型4　F－t曲线（南宁2014.30）

10.（全国视野创新题推荐·2019株洲）立定跳高可分解为下蹲、蹬伸和腾空三个过程．图为某运动员下蹲后在蹬伸过程中所受地面支持力F随时间t变化的关系．据图可知，该运动员受到的重力为________N；他在________（选填“t2”、“t3”或“t4”）时刻获得向上的最大速度．

第10题图

11.（2018贵港）如图甲所示，是建设罗泊湾大桥时使用的起吊装置（图中未画出）的钢缆绳拉着实心圆柱体A在距江面某一高度处沿竖直方向匀速下降的情景．A在下降到江底之前，始终保持0.1m/s的速度不变．如图乙所示是A下降到江底之前钢缆绳对A的拉力F随时间t变化的图像（江水的密度为ρ＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）．则（　　）

第11题图

A.A从开始下降直到江面的过程中，钢缆绳对A做的功为5×104J

B.A下降过程中重力的功率为5×103W

C.A的密度为1.6×103kg/m3

D.当A下降到水平的江底，卸下钢缆绳后，A对江底的压强为5×103Pa

类型5　力学其他图像

12.（2019荆门）重16N的正方体物块沉在容积很大的容器底部，现用一根细线将物块提出水面，物块所受的浮力F随物块上升的距离h的变化关系如图所示，已知水的密度为1.0×103kg/m3，则下列说法中正确的是（　　）

第12题图

A.物块的边长为0.5m

B.物块在出水前细线的拉力恒为5.0N

C.物块的密度为1.6×103kg/m3

D.物块沉在水槽底部时，水在物块上表面处产生的压强为6.0×103Pa

13.（2018十堰）将一底面积为0.01m2的长方体木块用细线拴在一个空容器的底部，然后向容器中缓慢加水直到木块上表面与液面相平，如图甲所示，在此整个过程中，木块底部受到水的压强随容器中水的深度的变化如图乙所示，则木块受到的最大浮力为________N，木块重力为________N，细线对木块的最大拉力为________N．（g取10N/kg）

第13题图

类型6　I－U图像（北部湾经济区3年2考，南宁2015.29）

14.（2019沈阳改编）如图所示为电阻RA和RB的I－U图像，分析可知下列说法中不正确的是（　　）

第14题图

A.当RA两端电压为0V时，RA的阻值是10Ω

B.当RB两端电压为2V时，通过RB的电流为0.1A

C.当两电阻并联时，通过RA和RB的电流之比为1∶2

D.当两电阻串联时，RA和RB两端的电压之比为1∶2

15.（2019天水）如图甲的电路，在R2的滑片P从B向A滑动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示，则下列说法正确的是（　　）

第15题图

A.R1的阻值是20Ω

B.当电流表的示数是0.4A时，R2接入电路的阻值是30Ω

C.电源电压是16V

D.该电路的最大电功率为7.2W

16.图甲所示的电路中，电源电压恒为12V，滑动变阻器的铭牌上标有“100Ω　0.5A”字样．图乙为R1的I－U图像，R1的阻值为______Ω.当电路中电流为0.2A时，滑动变阻器R2接入电路的阻值为______Ω.为了不损坏滑动变阻器，R2接入电路的阻值应不小于________Ω.

第16题图

类型7　电学其他图像（北部湾经济区2019.30涉及，南宁2016.30涉及）

17.（2017陕西）如图甲所示，电源电压恒为6V，R为热敏电阻，其阻值随温度变化如图乙所示，R0是阻值为10Ω的定值电阻，闭合开关S.通过分析，下列说法错误的是（　　）

第17题图

A.图甲中的R0有保护电路的作用

B.温度升高时，电压表的示数会变小

C.温度为40℃时，电流表的示数为0.2A

D.温度降低时，电压表与电流表示数的比值变小

18.如图甲所示，R2为电阻箱，调节R2时电流表示数I随之变化．如图乙所示是电阻箱阻值R2与电流表示数的倒数

的图像．则定值电阻R1与电源电压U的大小分别为（　　）

第18题图

A.5Ω　30V　　　　　　B.5Ω　2.5V

C.10Ω　20VD.10Ω　10V

19.（2019南充）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V　3W”字样，图乙是通过小灯泡的电功率随其两端电压变化的图像．滑动变阻器R1的最大值为40Ω，定值电阻R2＝10Ω，当闭合S、S1、断开S2、P在中点时，R2的功率为0.9W，电源电压为________V，当闭合S、S2、断开S1、小灯泡功率为1.6W时，滑动变阻器连入电路中的阻值________Ω.

第19题图

20.（2018台州改编）某电砂锅的简化电路如图甲，R1、R2为发热电阻，S为旋转型开关，a、b、c、d为触点，通过旋转S可实现“关”、“低挡”、“高挡”之间的转换，工作时先用高挡加热锅内汤料到沸腾，再用低挡位持续加热食物，某次烹饪用时6h，电功率与加热时间关系如图乙．高温加热时，开关S应旋至触点____（选填“ab”、“bc”或“cd”）位置，本次烹饪消耗电能________kW·h，发热电阻R1为________Ω.

第20题图

参考答案及解析

题型二　坐标图像题

1.A　【解析】热量只能用“吸收”“放出”描述，不能用“含有”表述，加热过程中，水吸收热量，内能增加，A错误；沸腾过程中，水吸收热量，温度保持不变，内能增大，B正确；烧杯上方带孔的纸板可以减少热量损失，缩短实验时间，C正确；沸点随气压的升高而升高，水的沸点是98℃，则此时外界大气压低于1个标准大气压，D正确．故选A.

2.C　【解析】甲物质是非晶体，没有固定熔化温度，乙物质是晶体，熔点为210℃，A、B错误；乙物质在BC段处于固液共存态，继续吸热但温度保持不变，C正确、D错误．故选C.

3.水　4.2×104　350

4.C　【解析】由图像可知，在0～20s时间内与在30～40s时间内通过的路程相等，但在30～40s内用的时间短，因此速度大，A错误；在20～30s内物体处于静止状态，速度是0，B、D错误；在整个40s时间内的平均速度v＝

＝

＝2m/s，C正确．故选C.

5.大于　东　【解析】由图甲可知，在0～t1时间内，A车运动的路程大于B车运动的路程，由v＝

可知，在0～t1时间内，vA>vB；由图甲可知，在t2～t3时间内，A、B两车都是向西行驶的，在相等的时间内A车行驶的路程大于B车，所以A车的速度较大，若以A车为参照物，则B车是向东运动的．

6.0　16　等于　【解析】由图像可知，在4s～8s内，小电动车做匀速直线运动，受平衡力作用，小车受到的合力为0，水平方向牵引力与摩擦力是一对平衡力，f＝F＝10N；运动的路程为s＝vt＝4m/s×4s＝16m；由于小电动车在运动过程中，对地面的压力及接触面的粗糙程度不变，故小车在0～4s内受到的摩擦力与4s～8s内受到的摩擦力相同，均为10N.

7.D　【解析】实心圆柱体对水平地面的压强p＝

＝

＝

＝

＝ρgh，由于高度相同，

＝

＝

＝

.D正确，故选D.

8.D　【解析】由题图知，ρ甲＞ρ乙，相同的木块分别放入盛有甲、乙两种液体的容器内，木块在a容器浸入的液体中的体积小于木块在b容器中浸入液体中的体积，浮力相同时，V排小的液体密度大，所以a容器中盛的是甲液体，b容器盛的是乙液体，A错误；由于木块相同，且在甲乙两液体中都漂浮，故排开液体的质量相等，B错误；两容器液面相平，ρ甲＞ρ乙，则p甲＞p乙，C错误；同一木块对液体的压力相等，物体间力的作用是相互的，木块下表面受到液体的压力也相等，压强也相等，D正确．故选D.

9.B　【解析】体积从20cm3到80cm3，增加的液体的体积为80cm3－20cm3＝60cm3，增加的液体的质量为100g－40g＝60g，所以液体的密度为ρ液＝

＝

＝1.0g/cm3，C、D错误；20cm3液体的质量为m1＝ρ液V＝1.0g/cm3×20cm3＝20g，量杯的质量是m杯＝m′－m1＝40g－20g＝20g，A错误；40cm3液体的质量为m2＝ρ液V＝1.0g/cm3×40cm3＝40g，B正确．故选B.

10.500　t3　【解析】该运动员下蹲后蹬伸前处于平衡状态，故重力与支持力平衡，从图像可知蹬伸前支持力为500N，因此重力为500N；蹬伸时，在t1～t3时间段内，支持力大于重力，合力竖直向上，运动员向上作加速运动，在t3时刻支持力等于重力时运动员速度达到最大，在t3～t4时间段内，支持力小于重力，运动员向上做减速运动．

11.D　【解析】从题图乙可知，A从开始下降直到江面的过程中，所用时间为20s，则A下降的高度h＝vt＝0.1m/s×20s＝2m，则钢缆绳对A做的功W＝Fh＝3×104N×2m＝6×104J，A错误；A下降过程中克服重力做功的功率P＝

＝

＝Fv＝Gv＝3×104N×0.1m/s＝3×103W，B错误；从图乙可知，物体A完全浸入江中后受到的浮力F浮＝G－F′＝3×104N－1×104N＝2×104N，则A的体积V＝V排＝

＝

＝2m3，A的质量m＝

＝

＝3×103kg，所以A的密度ρ＝

＝

＝1.5×103kg/m3，C错误；A下降到江底时A对江底的压力为F压＝G－F浮＝3×104N－2×104N＝1×104N，由图乙可知，物体A的高度为h物＝vt′＝0.1m/s×10s＝1m，则A的底面积为S＝

＝

＝2m2，所以A对江底的压强p＝

＝

＝5×103Pa，D正确．故选D.

12.C　【解析】根据物体所受浮力F随物块上升的距离h的变化关系的图像可知，物体从开始露出水面到完全离开水面上升的距离为0.1m，即为物体的边长，A错误；物块露出水面前V排＝V物＝l3＝（0.1m）3＝0.001m3，此时物块受到的浮力为F浮＝G排＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.001m3＝10N，即出水前细线的拉力F拉＝G－F浮＝16N－10N＝6N，B错误；由G＝mg知，物块的质量为m＝

＝

＝1.6kg，所以物块的密度为ρ＝

＝

＝1.6×103kg/m3，C正确；由物体所受浮力F随物块上升的距离h的变化关系图像可知，物块上表面在水中的深度为0.5m，故物块上表面处产生的压强为p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m＝5×103Pa，D错误．故选C.

13.15　9　6　【解析】根据图像可知，木块刚刚漂浮时，木块浸入水中的深度为L1＝9cm；由于从9cm～16cm木块一直漂浮，故浸入水中的深度不变；当水面的高度为16cm时细线刚好张紧，线的拉力为零；直到木块上表面与液面相平，此时水面的高度为22cm，所以木块的高度L＝9cm＋（22cm－16cm）＝15cm＝0.15m，木块的体积V木＝S木L＝0.01m2×0.15m＝1.5×10﹣3m3，木块全部浸没时受到的浮力最大，F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV木＝1×103kg/m3×10N/kg×1.5×10﹣3m3＝15N；由图像可知，木块刚刚漂浮时木块底部受到水的压强为900Pa，则木块的重力与浮力平衡，木块重力G＝F向上＝p向上S＝900Pa×0.01m2＝9N；木块上表面与液面相平时所受到的浮力最大，细线对木块的拉力最大F拉＝F浮－G＝15N－9N＝6N.

14.C

15.A　【解析】由图可知，当滑片P位于A端时，R1单独接入电路，此时电路中的电流最大，为0.9A，则电源电压为U＝IAR1＝0.9A×R1①，当P在B端时，R1与R2串联，电压表测R2两端电压为14V，此时电路电流最小为0.2A，则电源电压为U＝IBR1＋U2＝0.2A×R1＋14V②，联立解得R1＝20Ω、U＝18V，A正确，C错误；当电流的示数为0.4A时，电路中的总电阻为R＝

＝

＝45Ω，则R2接入的电阻为R2＝R－R1＝45Ω－20Ω＝25Ω，B错误；根据P＝UI可知电源电压一定时，电路电流最大，电路中电功率最大，Pmax＝UImax＝18V×0.9A＝16.2W，D错误．故选A.

16.20　40　4

17.D　【解析】因为如果电路中只接热敏电阻，温度较高时，热敏电阻的阻值很小，可能导致电路中电流过大，损坏电路元件，所以R0有保护电路的作用，A正确，不符合题意；温度升高时，热敏电阻的阻值减小，电路中的总阻值减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流增大，根据U＝IR可得，定值电阻两端电压增大，电源电压保持不变，则热敏电阻两端电压减小，即电压表示数减小，B正确，不符合题意；温度为40℃时，电路中的总电阻是R总＝R0＋R热敏＝10Ω＋20Ω＝30Ω，则电流表的示数是I＝

＝

＝0.2A，C正确，不符合题意；电压表测量热敏电阻两端电压，电流表测量电路中的电流，根据R＝

可得，电压表与电流表示数的比值是热敏电阻的阻值，而温度降低时热敏电阻的阻值增大，所以两表示数的比值增大，D错误，符合题意．故选D.

18.B　【解析】由图甲可知R1、R2串联，根据图乙可得：

当R2＝0Ω时，

＝2A－1即I＝0.5A，根据串联电路电流电压特点可得

＝0.5A①；当R2＝10Ω时，

＝6A－1，即I＝

A，根据串联电路电流电压特点可得

＝

＝

A②；由①②可得：

R1＝5Ω、U＝2.5V，故选B.

19.9　12.5　【解析】当闭合S、S1，断开S2，P在中点时，滑动变阻器R1与定值电阻R2串联，电流表测电路中的电流，由题意得R2的功率P＝（

）2·R2＝0.9W，把R1＝40Ω，R2＝10Ω，代入得电源电压为U＝9V；当闭合S、S2，断开S1时，滑动变阻器R1与小灯泡L串联，电流表测电路中的电流，此时小灯泡的功率为1.6W，由图乙可知，当小灯泡电功率为1.6W时，小灯泡两端的电压为4V，此时通过小灯泡的电流为I灯＝

＝

＝0.4A，由于在串联电路中电流处处相等，所以通过滑动变阻器的电流也为0.4A，滑动变阻器两端的电压为U滑＝U－U灯＝9V－4V＝5V，滑动变阻器连入电路中的电阻为R滑＝

＝

＝12.5Ω.

20.cd　0.94　110