高考生物一轮复习 第1单元 遗传的基本规律 第2讲 基因的自由组合定律课进作业 新人教版必修2.docx
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高考生物一轮复习第1单元遗传的基本规律第2讲基因的自由组合定律课进作业新人教版必修2
2019年高考生物一轮复习第1单元遗传的基本规律第2讲基因的自由组合定律课进作业新人教版必修2
一、选择题（每小题5分，共65分）
1．下列有关基因分离定律和基因自由组合定律的说法错误的是（ ）
A．二者具有相同的细胞学基础
B．二者揭示的都是生物细胞核遗传物质的遗传规律
C．在生物性状遗传中，两个定律同时起作用
D．基因分离定律是基因自由组合定律的基础
答案 A
解析 分离定律的细胞学基础是同源染色体分离，自由组合定律的细胞学基础是非同源染色体的自由组合，因此二者的细胞学基础不同。
2．（2016·广州质检）基因型为AaBb的植株，自交后代产生的F1有AAbb、AaBb和aaBB3种基因型，比例为1:
2:
1，其中等位基因在染色体上的位置应是（ ）
答案 D
解析 AaBb自交后代3种基因型的比例为1:
2:
1，显然不是自由组合的比例（即9:
3:
3:
1），由F1中AAbb个体，推知其配子来源是两个Ab；同理，aaBB的配子来源是两个aB，两种配子形成AaBb的后代份数符合2份，所以判定A、b基因位于一条染色体上，a、B基因位于其同源染色体上。
3．（2016·徐州测试）已知A与a、B与b、C与c3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。
下列关于杂交后代的推测，正确的是（ ）
A．表现型有8种，AaBbCc个体的比例为
B．表现型有4种，aaBbcc个体的比例为
C．表现型有8种，Aabbcc个体的比例为
D．表现型有8种，aaBbCc个体的比例为
答案 D
解析 本题考查考生对基因自由组合定律的灵活运用。
基因型为AaBbCc×AabbCc的杂交组合，其后代的表现型有2×2×2＝8种；AaBbCc个体的比例为××＝；aaBbcc个体的比例为××＝；Aabbcc个体的比例为××＝；aaBbCc个体的比例为××＝。
4．（2016·泰安质检）现有①～④四个纯种果蝇品系，其中品系①的性状均为显性，品系②～④均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。
这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：
品系
①
②
③
④
隐性性状
－
残翅
黑身
紫红眼
相应染色体
Ⅱ、Ⅲ
Ⅱ
Ⅱ
Ⅲ
若需验证自由组合定律，可选择交配的品系组合为（ ）
A．①×④B．①×②
C．②×③D．②×④
答案 D
解析 自由组合定律研究的是位于非同源染色体上的基因的遗传规律，若要验证该定律，所取两个亲本需具有两对相对性状，且控制这两对相对性状的基因应分别位于两对同源染色体上，且均需含有隐性性状的个体，所以②×④或③×④交配符合题意，D项正确。
5．玉米的高秆（D）对矮秆（d）为显性，茎秆紫色（Y）对茎秆绿色（y）为显性，两对性状独立遗传。
以基因型为ddYY和DDyy的玉米为亲本杂交得到的F1自交产生F2。
选取F2中的高秆绿茎植株种植，并让它们相互授粉，则后代中高秆绿茎与矮秆绿茎的比例为（ ）
A．5:
1B．8:
1
C．3:
1D．9:
7
答案 B
解析 F1自交产生的F2中高秆绿茎植株基因型有两种，分别是Ddyy（占）、DDyy（占），其中只有Ddyy自交后代中会出现矮秆绿茎（ddyy），出现的概率是××＝，因此后代中高秆绿茎与矮秆绿茎的比例为8:
1。
6．（2016·南京模拟）控制玉米株高的4对等位基因对株高的作用相等，且分别位于4对同源染色体上。
已知基因型为aabbccdd的玉米高10cm，基因型为AABBCCDD的玉米高26cm。
如果已知亲代玉米高10cm和26cm，则F1的株高及F2的表现型种类数分别是（ ）
A．12cm、6种B．18cm、6种
C．12cm、9种D.18cm、9种
答案 D
解析 根据题意可知，基因型为8个显性基因的植株与基因型为8个隐性基因的植株之间相差16cm，即每个显性基因使植株的高度增加2cm。
F1的基因型中有4个显性基因，F1株高为18cm，F2的基因型中含有0～8个显性基因，表现为9种不同的株高，所以表现型是9种。
7．（2016·青岛质检）已知玉米有色子粒对无色子粒是显性。
现用一有色子粒的植株X进行测交实验，后代有色子粒与无色子粒的比是1:
3，对这种杂交现象的推测不正确的是（ ）
A．测交后代的有色子粒的基因型与植株X相同
B．玉米的有、无色子粒遗传遵循基因的自由组合定律
C．玉米的有、无色子粒是由一对等位基因控制的
D．测交后代的无色子粒的基因型至少有三种
答案 C
解析 根据测交后代中“有色子粒与无色子粒的比是1∶3”可知，玉米的有色子粒、无色子粒不是由一对等位基因控制的，应是至少由两对等位基因控制的。
8．（2015·海南卷，12）下列叙述正确的是（ ）
A．孟德尔定律支持融合遗传的观点
B．孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中
C．按照孟德尔定律，AaBbCcDd个体自交，子代基因型有16种
D．按照孟德尔定律，对AaBbCc个体进行测交，测交子代基因型有8种
答案 D
解析 孟德尔定律的前提是遗传因子独立存在，不相互融合，A错误；孟德尔定律描述的过程发生在减数分裂中，B错误；按照孟德尔定律，AaBbCcDd个体自交，子代基因型有3×3×3＝27种，C错误；按照孟德尔定律，对AaBbCc个体进行测交，测交子代基因型有2×2×2＝8种，D正确。
9．（2016·南昌测试）紫花和白花性状由一对等位基因控制，对下列三对组合的分析错误的是（ ）
项目
亲本组合
子代性状
紫花
白花
组合一
P1紫花×P2紫花
816
0
组合二
P2紫花×P3白花
807
0
组合三
P4紫花自交
1245
417
A.紫花植株P2、P4的基因型不同
B．根据组合二或组合三都能判断出紫花为显性性状
C．若将组合二中的P2改成P1，其后代也一定全开紫花
D．组合二中的P2、P3都为纯合子
答案 C
解析 由组合二可以判定P2为显性纯合子，而组合一中的P1可以为纯合子，也可以为杂合子。
若将组合二中的P2改为P1，其后代不一定全开紫花。
10．（2016·开封模拟）高茎（T）腋生花（A）的豌豆与高茎（T）顶生花（a）的豌豆杂交（两对等位基因分别位于两对同源染色体上），F1的表现型及比例为高茎腋生花:
高茎顶生花:
矮茎腋生花:
矮茎顶生花＝3:
3:
1:
1。
下列说法正确的是（ ）
①亲代基因型为TtAa×Ttaa ②高茎与腋生花互为相对性状 ③F1中两对基因均为纯合子的概率为 ④F1中两对性状均为隐性的概率为 ⑤F1中高茎腋生花的基因型可能为TTAA
A．①②③B．②③⑤
C．①③④D．③④⑤
答案 C
解析 亲代杂交，子代中高茎:
矮茎＝3:
1，则双亲基因型为Tt×Tt；腋生花:
顶生花＝1:
1，则双亲基因型为Aa×aa，故双亲的基因型为TtAa×Ttaa。
茎的高矮与花的位置是两对相对性状。
F1中两对基因均为纯合子的概率＝×＝，两对性状均为隐性的概率＝×＝。
F1中高茎腋生花的基因型可能为TTAa或TtAa。
11．（2016·郑州模拟）已知玉米子粒黄色对红色为显性，非甜对甜为显性。
纯合的黄色甜玉米与红色非甜玉米杂交得到F1，F1自交或测交，预期结果错误的是（ ）
A．自交结果中黄色非甜与红色甜比例为9:
1
B．自交结果中与亲本相同的表现型所占子代的比例为
C．自交结果中黄色和红色的比例为3:
1，非甜与甜比例为3:
1
D．测交结果中红色非甜所占子代的比例为
答案 B
解析 假设玉米子粒黄色与红色由基因A、a控制，非甜与甜由基因B、b控制。
纯合的黄色甜玉米（AAbb）与红色非甜玉米（aaBB）杂交，F1的基因型为AaBb，F1自交结果中与亲本相同的表现型所占子代的比例为××2＝。
12．有人将两亲本植株杂交，获得的100粒种子种下去，结果为结红果叶上有短毛37株、结红果叶上有无毛19株、结红果叶上有长毛18株、结黄果叶上有短毛13株、结黄果叶上有长毛7株、结黄果叶上有无毛6株。
下列说法不正确的是（ ）
A．两株亲本植株都是杂合子
B．两亲本的表现型都是红果短毛
C．两亲本的表现型都是黄果长毛
D．就叶毛来说，无毛与长毛的植株都是纯合子
答案 C
解析 根据后代中红果:
黄果≈3:
1，短毛:
无毛:
长毛≈2:
1:
1，可确定亲本都为杂合子，亲本的表现型均为红果短毛；就叶毛来说，短毛的个体为杂合子，无毛和长毛的个体为纯合子。
13．（2016·济宁测试）某二倍体植物宽叶（M）对窄叶（m）为显性。
高茎（D）对矮茎（d）为显性，红花（R）对白花（r）为显性。
基因M、m与基因R、r在2号染色体上，基因D、d在4号染色体上。
如果用此植物验证遗传定律，下列说法错误的是（ ）
A．验证基因的分离定律，统计叶形、株高或花色都可以
B．验证基因的自由组合定律，统计叶形和花色或株高和花色都可以
C．验证孟德尔遗传定律，需要统计一个较大的实验样本
D．验证基因的自由组合定律可以用纯合矮茎红花植株和纯合高茎白花植株杂交，F1测交或自交
答案 B
解析 该植物的叶形、株高、花色分别由一对等位基因控制，都可以用来验证基因分离定律；叶形和花色基因位于一对同源染色体上，不能用来验证基因的自由组合定律；验证孟德尔遗传定律，需要统计的实验样本应足够大，以避免偶然因素的影响；验证基因的自由组合定律可以用基因位于非同源染色体上的两纯合亲本杂交，再让F1测交或自交。
二、非选择题（共35分）
14．（18分）（2016·合肥模拟）玉米（2N＝20）是雌雄同株的植物，顶生雌花序，侧生雌花序，已知玉米的高秆（D）对矮秆（d）为显性，抗病（R）对易感病（r）为显性，控制上述两对性状的基因分别位于两对同源染色体上，现有两个纯合的玉米品种甲（DDRR）和乙（ddrr），试根据下图分析回答：
（1）玉米的等位基因R、r的遗传遵循________定律，欲将甲、乙杂交，其具体做法是__________________________________________________。
（2）将图1中F1代与另一玉米品种丙杂交，后代的表现型及比例如图2所示，则丙的基因型为________。
丙的测交后代中与丙基因型相同的概率是________。
（3）已知玉米高秆植株易倒伏。
为获得符合生产要求且稳定遗传的新品种，按照图1中的程序得到F2代后，对植株进行________________________处理，选出表现型为____________植株，通过多次自交并不断选择后获得所需的新品种。
（4）科研人员在统计实验田中成熟玉米植株的存活率时发现，易感植株存活率是1/2，高秆植株存活率是2/3，其他植株的存活率是1，据此得出上图1中F2成熟植株表现型有________种，比例为________（不论顺序）。
答案
（1）基因的分离 对雌雄花分别套袋处理，待花蕊成熟后，将甲（或乙）花粉撒在乙（或甲）的雌蕊上，再套上纸袋
（2）ddRr 1/2
（3）病原体（感染） 矮秆抗病
（4）4 12:
6:
2:
1
解析
（1）等位基因的遗传遵循分离定律。
（2）F1代基因型为DdRr，由图2知，F1与丙杂交的后代中高秆:
矮秆＝1:
1，抗病:
易感病＝3:
1，说明丙的基因型为ddRr。
若对丙进行测交，则测交后代中ddRr的概率为1/2。
（3）在F2代出现了性状分离，需要通过对比茎秆高度，并进行病原体感染选择出矮秆抗病植株，再通过连续自交提高品种的纯合率。
（4）图1中F1：
DdRrF2：
D_R_:
ddR_:
D_rr:
ddrr＝9:
3:
3:
1，据题意，易感病植株存活率是1/2，高秆植株存活率是2/3，其他性状的植株存活率是1，可知，F2有四种表现型，其比例为（9×2/3）:
（3×1）:
（3×2/3×1/2）:
（1×1/2）＝12:
6:
2:
1。
15．（17分）（2014·全国大纲卷，34）现有4个小麦纯合品种，即抗锈病无芒、抗锈病有芒、感锈病无芒和感锈病有芒，已知抗锈病对感锈病为显性，无芒对有芒为显性，且这两对相对性状各由一对等位基因控制。
若用上述4个品种组成两个杂交组合，使其F1均为抗锈病无芒，且这两个杂交组合的F2的表现型及其数量比完全一致。
回答问题：
（1）为实现上述目的，理论上，必需满足的条件有：
在亲本中控制这两对相对性状的两对等位基因必须位于________上，在形成配子时非等位基因要________，在受精时雌雄配子要________，而且每种合子（受精卵）的存活率也要________。
那么，这两个杂交组合分别是________和________。
（2）上述两个杂交组合的全部F2植株自交得到F3种子，1个F2植株上所结的全部F3种子种在一起，长成的植株称为1个F3株系。
理论上，在所有F3株系中，只表现出一对性状分离的株系有4种，那么，在这4种株系中，每种株系植株的表现型及其数量比分别是________、________、________和________。
答案
（1）非同源染色体 自由组合 随机结合 相等 抗锈病无芒×感锈病有芒 抗锈病有芒×感锈病无芒
（2）抗锈病无芒:
抗锈病有芒＝3:
1 抗锈病无芒:
感锈病无芒＝3:
1 感锈病无芒:
感锈病有芒＝3:
1 抗锈病有芒:
感锈病有芒＝3:
1
解析
（1）要杂交结果出现孟德尔自由组合定律所体现的规律，需要满足一定的条件：
①控制两对相对性状的两对等位基因必须位于非同源染色体上，通过减数分裂形成配子时，同源染色体上的等位基因分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合；②所研究的每一对相对性状只受一对等位基因控制，而且等位基因要完全显性；③不同类型的雌、雄配子都能发育良好，且受精的机会均等；④所有后代都应处于比较一致的环境中，而且存活率相同。
⑤供试验的群体要大，个体数量要足够多。
4个小麦纯合品种中，抗锈病无芒和感锈病有芒可以组成一组，F1全抗锈病无芒，F1自交，F2的表现型及比例为：
抗锈病无芒:
抗锈病有芒:
感锈病无芒:
感锈病有芒＝9:
3:
3:
1；抗锈病有芒和感锈病无芒可以组成一组，F1全抗锈病无芒，F1自交，F2的表现型及比例为：
抗锈病无芒:
抗锈病有芒:
感锈病无芒:
感锈病有芒＝9:
3:
3:
1。
（2）设抗锈病基因为A，无芒基因为B，则F2有9种基因型：
1AABB、2AABb、AAbb、2AaBB、4AaBb、2Aabb、aaBB、2aaBb、1aabb，其中自交只有一对相对性状分离的基因型有①AABb、②AaBB、③Aabb、④aaBb，①自交后代表现型及其比例为抗锈病无芒:
抗锈病有芒＝3:
1，②自交后代抗锈病无芒:
感锈病无芒＝3:
1，③自交后代抗锈病有芒:
感锈病有芒＝3:
1，④自交后代感锈病无芒:
感锈病有芒＝3:
1。
B卷 基因的自由组合定律的综合应用
时间：
45min 满分：
100分
一、选择题（每小题5分，共65分）
1．（2016·日照调研）某生物个体经减数分裂产生的配子种类及比例为Yr:
yR:
YR:
yr＝3:
3:
2:
2，若该生物自交，则其后代出现纯合子的概率是（ ）
A．6.25%B．13%
C．25%D．26%
答案 D
解析 本题考查遗传概率的计算，意在考查考生在理解和计算方面的能力。
该生物自交，产生的纯合子类型及所占的比例分别为YYrr：
3/10×3/10＝9/100、yyRR：
3/10＝9/100、YYRR：
2/10×2/10＝4/100、yyrr：
2/10×2/10＝4/100，四种纯合子所占比例共为26/100。
2．（2016·长沙测试）玉米的性别由B、b和T、t两对等位基因控制，这两对等位基因分别位于两对同源染色体上。
B和T同时存在时为雌雄同株异花，T存在、B不存在时为雄株，T不存在时则为雌株。
若基因型为BbTt的玉米植株作亲本，自交得F1，淘汰雌雄同株异花植株，F1中雌、雄株杂交，F2中雌株与雄株的数量比为（ ）
A．5:
3B．1:
1
C．3:
4D．4:
3
答案 B
解析 本题主要考查基因自由组合定律，意在考查考生的分析能力和综合运用能力。
从题意可知，玉米不同性别相对应的基因型如表所示：
基因型
B和T同时
存在（B_T_）
T存在，B不
存在（bbT_）
T不存在
（B_tt或bbtt）
性别
雌雄同株异花
雄株
雌株
基因型为BbTt的玉米植株作亲本，F1中雌、雄株杂交，杂交组合如表：
雄株基因型
雌株基因型
1/3bbTT
2/3bbTt
1/4BBtt
1/12BbTt
1/12BbTt
1/12Bbtt
1/2Bbtt
1/12BbTt
1/12bbTt
1/12BbTt
1/12bbTt
1/12Bbtt
1/12bbtt
1/4bbtt
1/12bbTt
1/12bbTt
1/12bbtt
则F2中雌株所占的比例为：
1/12（Bbtt）＋1/12（Bbtt）＋1/12（bbtt）＋1/12（bbtt）＝4/12，雄株所占的比例为：
1/12（bbTt）＋1/12（bbTt）＋1/12（bbTt）＋1/12（bbTt）＝4/12，所以F2中雌株与雄株的数量比为1:
1。
3．（2016·郑州检测）人体肤色的深浅受A、a和B、b两对基因控制，这两对等位基因分别位于两对同源染色体上。
A、B可以使黑色素增加，两者增加的量相等，并且可以累加，基因a和b与色素的形成无关。
一个基因型为AaBb的人与一个基因型为AaBB的人结婚，下列关于其子女肤色深浅的描述中，正确的是（ ）
A．子女可产生3种表现型
B．与亲代AaBb肤色深浅一样的有1/4
C．肤色最浅的孩子的基因型是aaBB
D．与亲代AaBB表现型相同的有3/8
答案 D
解析 由题意可知，人类共有5种肤色，对应的基因型是含四个显性基因（AABB）、三个显性基因（AABb、AaBB）、两个显性基因（AaBb、AAbb、aaBB）、一个显性基因（Aabb、aaBb）和无显性基因（aabb）；基因型为AaBb和AaBB的人结婚，后代中基因型1AABB、1AABb、2AaBB、2AaBb、1aaBB、1aaBb，故后代有4种不同的表现型，A错误。
与亲代AaBb肤色深浅一样的占3/8，B错误。
后代中基因型为aaBb的孩子肤色最浅，C错误。
与亲代AaBB表现型相同的占3/8，D正确。
4．（2016·南昌模拟）灰兔和白兔杂交，F1全是灰兔，F1雌雄个体相互交配，F2中有灰兔、黑兔和白兔，且比例为9:
3:
4，则（ ）
A．家兔的毛色受一对等位基因控制
B．F2灰兔中能稳定遗传的个体占1/4
C．F2灰兔基因型有4种，能产生4种比例相等的配子
D．F2白兔中，纯合体的概率是1/2
答案 D
解析 本题考查基因自由组合定律的应用，意在考查考生的理解能力和分析推理能力。
由F2中有灰兔、黑兔和白兔，且比例为9:
3:
4，说明家兔的毛色受两对等位基因控制，A项错误。
F2灰兔中能稳定遗传的个体占1/9，B项错误。
假设控制家兔毛色的基因为A、a和B、b，则F2灰兔基因型有4种，AABB（占1/9）、AABb（占2/9）、AaBB（占2/9）、AaBb（占4/9），则产生的四种配子中，AB占1/9＋2/9×1/2＋2/9×1/2＋4/9×1/4＝4/9，Ab＝2/9×1/2＋4/9×1/4＝2/9，aB＝2/9×1/2＋4/9×1/4＝2/9，ab＝4/9×1/4＝1/9，C项错误。
F2白兔的基因型为aaBB（或AAbb，占1/16）、aaBb（或Aabb，占2/16）、aabb（占1/16），D项正确。
5．（2016·济南质检）已知水稻的抗旱性（A）和多颗粒（B）属显性，各由一对等位基因控制且独立遗传。
现有抗旱、多颗粒植株若干，对其进行测交，子代的性状分离比为抗旱多颗粒:
抗旱少颗粒:
敏旱多颗粒:
敏旱少颗粒＝2:
2:
1:
1，若这些亲代植株相互受粉，后代性状分离比为（ ）
A．24:
8:
3:
1B．9:
3:
3:
1
C．15:
5:
3:
1D．25:
15:
15:
9
答案 A
解析 本题考查自由组合定律的应用，意在考查考生在推理计算方面的能力。
两对基因自由组合，A_B_与aabb测交，aabb只产生ab一种配子，因子代中AaBb:
Aabb:
aaBb:
aabb＝2:
2:
1:
1，故抗旱、多颗粒亲本产生的配子比例是AB:
Ab:
aB:
ab＝2:
2:
1:
1，相互受粉，可根据遗传平衡定律计算，A、a的基因频率分别为2/3、1/3，则子代中aa占1/9，A_占8/9；同理B、b的基因频率分别是1/2、1/2，则子代中bb占1/4，B_占3/4，因此子代中性状分离比为24A_B_:
8A_bb:
3aaB_:
aabb。
6．（2016·石家庄测试）节瓜有全雌株（只有雌花）、全雄株（只有雄花）和正常株（雌花、雄花均有）等不同性别类型的植株，研究人员做了如图所示的实验。
下列推测不合理的是（ ）
A．节瓜的性别是由常染色体上的基因决定的，其遗传方式遵循基因的自由组合定律
B．实验一中，F2正常株的基因型为A_B_，其中纯合子占1/9
C．实验二中，亲本正常株的基因型为AABb或AaBB，F1正常株的基因型也为AABb或AaBB
D．实验一中F1正常株测交结果为全雌株:
正常株:
全雄株＝1:
2:
1
答案 B
解析 本题考查遗传定律的应用，意在考查考生的分析推理能力。
根据题干信息，节瓜存在雌雄花都有的正常株，则该植物不存在性染色体，根据实验一F2中正常株:
全雌株:
全雄株≈10:
3:
3，推测节瓜性别应由两对等位基因控制，则实验一中F1正常株的基因型为AaBb，F2中全雌株、全雄株的基因型为A_bb（aaB_）、aaB_（A_bb），正常株的基因型为A_B_和aabb，由此推测遗传方式遵循基因的自由组合定律，A选项正确，B选项错误。
实验一中F1（AaBb）测交，即AaBb×aabb，后代为1全雌株（Aabb或aaBb）:
2正常株（AaBb和aabb）:
1全雄株（aaBb或Aabb），选项D正确。
实验二中，根据F1中全雌株:
正常株≈1:
1、F2中正常株:
雌株≈3:
1，推测亲本正常株有一对基因为纯合一对基因为杂合，则亲本中全雌株基因型为AAbb（或aaBB），正常株基因型为AABb（或AaBB），故F1正常株的基因型为AABb或AaBB，C选项正确。
7．（2016·贵阳检测）虎皮鹦鹉的羽色有绿、蓝、黄、白四种，野生种都是稳定遗传的。
若将野生的绿色和白色鹦鹉杂交，F1全部都是绿色的；F1雌雄个体相互交配，所得F2的羽色有绿、蓝、黄、白四种不同表现型，比例为9:
3:
3:
1。
若将亲本换成野生的蓝色和黄色品种，则F2不同于亲本的类型中能稳定遗传的占（ ）
A．2/7B．1/4
C．1/5D．2/5
答案 C
解析 根据F1雌雄个体相互交配，F1中出现9:
3:
3:
1的性状分离比，可知虎皮鹦鹉的羽色由两对独立遗传的基
因控制，假设为A和a、B和b。
根据F2中绿:
蓝:
黄:
白＝9:
3:
3:
1，可知F2中绿、蓝、黄、白的基因型分别为A_B_、A_bb、aaB_、aabb（或分别为A_B_、aaB_、A_bb、aabb）；根据题中信息“野生种都是稳定遗传的”，可知野生的蓝色和黄色品种的基因型分别为AAbb、aaBB（或分别为aaBB、AAbb），野生的蓝色和黄色品种杂交获得的F1的基因型为AaBb，则F2中绿:
蓝:
黄:
白＝9:
3:
3:
1，其中绿和白是不同于亲本的类型，其中能稳定遗传的占2/10，即1/5。
8．（2015·上海卷，26）早金莲由三对等位基因控制花的长度，这三对基因分别位于三对同源染色体上，作用相等且具叠加性
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