九年级数学上册第二章对称图形圆单元测试题一新版苏科版.docx
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九年级数学上册第二章对称图形圆单元测试题一新版苏科版
——教学资料参考参考范本——
九年级数学上册第二章对称图形_圆单元测试题一新版苏科版
______年______月______日
____________________部门
1.如图,0的直径BD=2,A=60,则BC的长度为( )
A.B.2C.3D.4
2.如图,圆的半径为,点A、B、C在圆上,且,则弦的长是()
A.
B.6
C.
D.5
3.一个扇形的弧长是20πcm,面积是240πcm2,那么扇形的圆心角是()
A.120°B.150°C.210°D.240°
4.已知AB与A′B′分别是☉O与☉O′的两条弦,AB=A′B′,那么∠AOB与∠A′O′B′的大小关系是( )
A.∠AOB=∠A′O′B′B.∠AOB>∠A′O′B′C.∠AOB<∠A′O′B′D.不能确定
5.如图,三点在⊙O上,且∠=,则∠等于
A.130°B.100°C.50°D.40°
6.用圆规画一个周长是25.12厘米的圆,圆规两脚之间的距离是()厘米。
A.2B.4C.8D.16
7.如图所示,BD是⊙O的直径,点A、C在⊙0上,弧AB=弧BC,AOB=60°,则BDC的度数是()
A.60°B.45°C.35°D.30°
8.如图,⊙O是△ABC的外接圆,若∠ACB=40°,则∠AOB的度数为()
A.20°B.40°C.60°D.80°
9.如图,四边形ABCD是边长为4的正方形,用图中阴影部分的扇形围成一个圆锥的侧面(不计接缝),则这个圆锥的高为()
A.B.C.2D.
10.如图,在△ABC中,AB=AC,以BC为直径画半圆交AB于E,交AC于D,,的度数为40°则∠A的度数是()
A.40°B.70°C.50°D.20°
11.一圆锥的侧面展开后是扇形,该扇形的圆心角为120°,半径为6cm,则此圆锥的表面积为_____cm2.
12.如图,AB是⊙O的一条弦,点C是⊙O上一动点,且∠ACB=30°,点E、F分别是AC、BC的中点,直线EF与⊙O交于G、H两点.若⊙O的半径为6,则GE+FH的最大值为_____.
13.如图,在正八边形ABCDEFGH中,AC,GC是两条对角线,则∠ACG=__.
14.若一圆锥的轴截面是等边三角形,则其侧面展开图的圆心角是______.
15.如图,是⊙的直径,点、在⊙上,,,则__________.
16.用半径为3cm,圆心角是120°的扇形围成一个圆锥的侧面,则这个圆锥的底面半径为______cm.
17.如图,点O是半径为3的圆形纸片的圆心,将这个圆形纸片按下列顺序折叠,使和都经过圆心O,则阴影部分面积是______。
18.如图,OA,OB是⊙O的半径,点C在⊙O上,连接AC,BC,若∠AOB=120°,则∠ACB=°.
19.设计一个商标图形(如图8所示),在△ABC中,AB=AC=2cm,∠B=30°,以A为圆心,AB为半径作,以BC为直径作半圆,则商标图案(阴影)面积等于________cm2.
20.如图,沿一条母线将圆锥侧面剪开并展平,得到一个圆心角θ=120°的扇形,若圆锥底面圆半径r=2cm,则该圆锥的母线l的长为______.
21.[发现]如图∠ACB=∠ADB=90°,那么点D在经过A,B,C三点的圆上(如图①)
[思考]如图②,如果∠ACB=∠ADB=a(a≠90°)(点C,D在AB的同侧),那么点D还在经过A,B,C三点的圆上吗?
我们知道,如果点D不在经过A,B,C三点的圆上,那么点D要么在圆O外,要么在圆O内,以下该同学的想法说明了点D不在圆O外。
请结合图④证明点D也不在⊙O内.
[结论]综上可得结论:
如图②,如果∠ACB=∠ADB=a(点C,D在AB的同侧),那么点D在经过A,B,C三点的圆上,即:
点A、B、C、D四点共圆。
[应用]利用上述结论解决问题:
如图⑤,已知△ABC中,∠C=90°,将△ACB绕点A顺时针旋转一个角度得△ADE,连接BECD,延长CD交BE于点F,
(1)求证:
点B、C、A、F四点共圆;
(2)求证:
BF=EF.
图⑤
22.如图,CD是圆O的弦,AB是直径,且CD⊥AB,垂足为P.
(1)求证:
PC2=PA•PB;
(2)PA=6,PC=3,求圆O的直径.
23.如图,点E在四边形ABCD外,.
(1)利用直尺和圆规画出⊙O,使得A、B、C、D四个点都在⊙O上;
(不写作法,保留作图痕迹)
(2)小明度量了,请你判断点E是否在
(1)中所作的
⊙O上?
并说明理由.
24.如图,已知△ABC内接于⊙O,AB为⊙O的直径,BD⊥AB,交AC的延长线于点D.E为BD的中点,连接CE.求证:
CE是⊙O的切线.
25.如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,∠BAC的平分线交BC于点O,OC=1,以点O为圆心、OC为半径作半圆.求证:
AB为⊙O的切线.
26.如图,△ABC内接于⊙O,∠B=60°,CD是⊙O的直径,点P是CD延长线上的一点,且AP=AC.
(1)求证:
PA是⊙O的切线;
(2)若AB=4+,BC=2,求⊙O的半径.
27.在Rt△ABC中,∠ACB=90°,D是AB边上一点,以BD为直径的⊙O与边AC相切于点E,连接DE并延长,与BC的延长线交于点F.
(1)求证:
BD=BF;
(2)若BC=6,AD=4,求⊙O的面积.
答案
1.A
试题解析:
如图,连接.
是直径,
由圆周角定理得,
在中,
又
解得:
故选A.
2.A
试题解析:
连接OA,OB,
∵∠ACB=45°,∴∠AOB=2∠ACB=90°,∵OA=OB=6,∴AB=
故选A.
3.B.
试题分析:
根据扇形的面积公式S=lr可得:
240π=×20πr,
解得r=24cm,
再根据弧长公式l==20πcm,
解得n=150°.
故选B.
4.D
解:
由弦相等推弦所对的圆心角相等,必须保证在同圆或等圆中.此题没有限制,所以不能确定∠AOB和∠A′O′B′的大小关系.
点睛:
本题主要考查了弦与其所对的圆心角的关系,本题的易错点就是认为“相等的弦所对的圆心角才相等”,从而选择A,而忽略了这一命题成立的前提是“在同圆和等圆中”.
5.B
∵∠ACB=50°,∠AOB=2∠ACB,
∴∠AOB=100°.
故选B.
6.B
故选B
7.D
试题解析:
连结OC,如图,
∵,
∴∠BDC=∠BOC=∠AOB=×60°=30°.
故选D.
8.D
解:
∵同弧或等弧所对的圆心角是圆周角的2倍,
∴∠AOB=2∠ACB=2×40°=80°.
9.A
∵扇形的圆心角∠ADC=90°,且半径为4,
∴扇形的弧长为
∴扇形围成的圆锥的底面圆的周长是
即圆锥底面半径为
∵圆锥的母线为4
∴圆锥的高为
故选A.
10.A
试题解析:
∵BC为圆的直径,
∴∠BDC=90°,
∵的度数为40°,
∴∠DBC=20°,
∴∠C=70°,
∵AB=AC,
∴∠ABC=∠C=70°,
∴∠A=40°,
故选A.
11.16π
试题分析:
圆锥的侧面展开图的弧长为:
cm,
∴圆锥的底面半径为4π÷2π=2cm,
∴此圆锥的表面积=π×22+π×2×6=16πcm2.
12.9
试题分析:
由点E、F分别是AC、BC的中点,根据三角形中位线定理得出EF=AB=3为定值,则GE+FH=GH-EF=GH-3,所以当GH取最大值时,GE+FH有最大值.而直径是圆中最长的弦,故当GH为⊙O的直径时,GE+FH有最大值12-3=9.
13.45°
解:
设正八边形ABCDEFGH的外接圆为⊙O;∵正八边形ABCDEFGH的各边相等,∴=圆周长,∴的度数=×360=90°,∴圆周角∠ACG=×90°=45°.故答案为:
45°.
14.180
试题解析:
底面半径是r,则母线长是2r,底面周长是2πr,
设正圆锥的侧面展开图的圆心角是n°,则
=2πr,
解得:
n=180°.
15.
解:
∵,∠AOB=62°,∴∠BDC=∠AOB=31°,故答案为:
31°.
16.1
试题分析:
利用圆锥的侧面展开图中扇形的弧长等于圆锥底面的周长,可设此圆锥的底面半径为r,由题意,得2πr=,解得r=1cm.
17.
如图,连接OC、OB、OA,
∵OA=OB=OC,
∴,
∴图中以A、B、O、C为端点的四个小弓形的面积相等,
∴S阴影=S扇形OBC,
过点O作OD⊥AB交O于点D,则由折叠的性质可知:
AD=AO,
∵AO=DO,
∴AO=AD=DO,
∴△AOD是等边三角形,
∴∠AOD=60°,则∠AOB=120°,
同理可得∠AOC=120°,
∴∠BOC=120°,
∴S阴影=S扇形OBC=.
18.60
解:
∵同弧或等弧所对的圆心角是圆周角的2倍,
.
19.
由图可知:
商标图案的面积=半圆CBF的面积+△ABC的面积-扇形ABC的面积,可根据各自的面积计算方法求出商标图案的面积.
S扇形ACB==,S半圆CBF=π×()2=,S△ABC=×2×1=;
所以商标图案面积S半圆CBF+S△ABC-S扇形ACB=+-=(+)cm2.
考点:
扇形的面积公式
20.6cm
∵圆锥底面圆半径r=2cm
∴根据圆的周长公式,得圆的周长为
∵侧面展开后所得扇形弧长等于圆的周长
∴扇形弧长为
又∵侧面展开后所得扇形的圆心角为120°,
∴根据扇形的弧长公式可列方程:
解得:
故答案为:
6cm.
21.证明见解析;【应用】(1证明见解析;
(2)证明见解析
试题分析:
【思考】假设点D在⊙O内,利用圆周角定理及三角形外角的性质,可证得与条件相矛盾的结论,从而证得点D不在⊙O内;
[应用]
(1)由旋转的性质可得∠ACD=∠ABE,故B、C、A、F四点共圆,
(2)由圆内接四边形的性质得∠BCA+∠BFA=180°即可证明.
如图,假设点D在⊙O内,延长AD交⊙O于点E,连接BE;则∠AEB=∠ACB
∵∠ADB是△DBE的一个外角
∴∠ADB>∠AEB
∴∠ADB>∠ACB
这与条件∠ACB=∠ADB矛盾
∴点D不在⊙O内
(1)∵AC=AD,AB=AE,
∴∠ACD=∠ADC,∠ABE=∠AEB,
∵∠CAB=∠DAE,
∴∠CAD=∠BAE,
∵2∠ACD+∠CAD=180°,2∠ABE+∠BAE=180°,
∴∠ACD=∠ABE,
∴B、C、A、F四点共圆,
(2)∵B、C、A、F四点共圆,
∴∠BFA+∠BCA=180°,
∵∠ACB=90°,∴∠BFA=90°,
∴AF⊥BE,
∵AB=AE,
∴BF=EF.
22.
(1)证明见解析;
(2)7.5.
试题分析:
(1)连接AC、BC,结合条件和垂径定理可证明△APC∽△CPB,利用相似三角形的性质可证得PC2=PA•PB;
(2)把PA、PC的长代入
(1)中的结论,可求得PB,则可求得AB的长.
试题解析:
(1)证明:
如图,连接AC、BC,∵CD⊥AB,AB是直径,∴,∴∠CAB=∠BCP,∵∠CPA=∠CPB=90°,∴△APC∽△CPB,∴,即PC2=PA•PB;
(2)将PA=6,PC=3,代入PC2=PA•PB,可得32=6PB,∴PB=1.5,∴AB=PA+PB=6+1.5=7.5,即圆的直径为7.5.
23.
(1)图形见解析.
(2)点E不在
(1)中所作的⊙O上.
(1)利用作线段AC的中垂线的方法即可作出图形,
(2)利用反证法假设点E在⊙O上,然后推出与已知矛盾即可.
解:
(1)如图,
作线段AC的中垂线,交AC于点O.
以点O为圆心,OA为半径画圆;
(2)点E不在
(1)中所作的⊙O上.
假设点E在⊙O上,
∵AC是⊙O的直径,
∴.
与已知矛盾.
∴点E不在
(1)中所作的⊙O上.
24.见解析
试题分析:
连接OC,根据等腰三角形的性质得到∠A=∠1,根据三角形的中位线的性质得到OE∥AD,得到∠2=∠3,根据全等三角形的性质得到∠OCE=∠ABD=90°,于是得到CE是⊙O的切线
试题解析:
连接OC,
∵OA=OC,
∴∠A=∠1,
∵AO=OB,E为BD的中点,
∴OE∥AD,
∴∠1=∠3,∠A=∠2,
∴∠2=∠3,
在△COE与△BOE中,
,
∴△COE≌△BOE,
∴∠OCE=∠ABD=90°,
∴CE是⊙O的切线
25.见解析
试题分析:
如图作OM⊥AB于M,根据角平分线性质定理,可以证明OM=OC,由此即可证明.
试题解析:
如图作OM⊥AB于M,
∵OA平分∠CAB,OC⊥AC,OM⊥AB,
∴OC=OM,
∴AB是⊙O的切线
26.
(1)详见解析;
(2)⊙O的半径为.
试题分析:
(1)连接OA,根据圆周角定理求出∠AOC,再由OA=OC得出∠ACO=∠OAC=30°,再由AP=AC得出∠P=30°,继而由∠OAP=∠AOC﹣∠P,可得出OA⊥PA,从而得出结论;
(2)过点C作CE⊥AB于点E.在Rt△BCE中,∠B=60°,BC=2,于是得到BE=BC=,CE=3,根据勾股定理得到AC==5,于是得到AP=AC=5.解直角三角形即可得到结论.
试题解析:
(1)证明:
连接OA,
∵∠B=60°,
∴∠AOC=2∠B=120°,
又∵OA=OC,
∴∠OAC=∠OCA=30°,
又∵AP=AC,
∴∠P=∠ACP=30°,
∴∠OAP=∠AOC﹣∠P=90°,
∴OA⊥PA,
∴PA是⊙O的切线;
(2)解:
过点C作CE⊥AB于点E.
在Rt△BCE中,∠B=60°,BC=2,
∴BE=BC=,CE=3,
∵AB=4+,
∴AE=AB﹣BE=4,
∴在Rt△ACE中,AC==5,
∴AP=AC=5.
∴在Rt△PAO中,OA=,
∴⊙O的半径为.
27.
(1)证明详见解析;
(2)16π.
试题分析:
(1)作辅助线,连接OE,根据切线的性质知OE⊥AC,已知∠ACB=90°,可知OE∥BC,得∠OED=∠F,再根据OD=OE,可知∠ODE=∠OED,从而可得∠ODE=∠F,BD=BF;
(2)根据△AOE∽△ABC,可将⊙O的半径求出,代入圆的面积公式,计算即可.
试题解析:
(1)证明:
如图,连接OE,
∵AC切⊙O于E,
∴OE⊥AC,
又∠ACB=90°,即BC⊥AC,
∴OE∥BC,
∴∠OED=∠F,
又OD=OE,
∴∠ODE=∠OED,
∴∠ODE=∠F,
∴BD=BF;
(2)解:
设⊙O半径为r,
由OE∥BC得△AOE∽△ABC,
∴,即,
∴﹣r﹣12=0,
解之得=4,=﹣3(舍),
经检验,r=4是原分式的解.
∴16π.