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目标管理考试目标
(目标管理)考试目标
第70课棱锥
●考试目标主词填空
1.定义:
有壹个面是多边形,其余各面是有壹个公共顶点的三角形的多面体.
2.分类:
按底面边数分:
三棱锥、四棱锥……
特例:
正棱锥——底面是正多边形且且顶点于底面上射影是底面中心的棱锥.
3.性质:
如果棱锥被平行于底面的平面所截,那么截面和底面相似,且且它们面积之比等于截得棱锥的高和已知棱锥高的平方比.即(类推:
).
对于正棱锥:
(1)各条侧棱相等;
(2)各侧面是全等的等腰三角形;(3)棱锥的高和斜高及斜高于底面上的射影构成壹个直角三角形;棱锥的高和侧棱的底面上的射影也构成壹个直角三角形.
4.侧面积和体积:
.
.
●题型示例点津归纳
【例1】棱锥P—ABCD的底面是正方形,侧面PAB,PAD均垂直于底面,另俩侧面和底面成45°角,M,N分别为BC,CD的中点,最长的侧棱为15cm.求:
(1)棱锥的高;
(2)底面中心O到平面PMN的距离.
【解前点津】棱锥的概念于本题求解中且无作用,重点应分析和利用好给出的面面关系.
【规范解答】如图所示.
(1)设高为h,由平面PAB,平面PAD均垂直于底面,得PA⊥底面AC.
又∠PBA=45°,∴PA=AB=h,AC=h.
由PA2+AC2=PC2及PC=15,
得h=5(cm);
(2)∵BD⊥AC,BD⊥PA,
∴BD⊥平面PAC.
又MN∥BD,∴MN⊥平面PAQ,
∴平面PAQ⊥平面PMN.
作OH⊥PQ于H,则OH之长即为所求.
作AG⊥PQ于G.
于Rt△PAQ中,AQ=,
PQ=
∴AG=
再由得
OH=(cm).
【解后归纳】由于于棱锥中,随处能够找到解题必需的三角形,因此平面几何知识和解三角形的知识往往成为正确解题的关键.
【例2】如图,已知四棱锥P—ABCD的底面是菱形,棱长为4a,且∠ABC=60°,PC⊥平面ABCD,PC=4a,E是PA的中点.
(1)求证:
平面BDE⊥平面ABCD;
(2)求:
E点到平面PBC的距离;
(3)求:
二面角A—EB—D的平面角的大小.
【解前点津】
(1)证平面BDE⊥平面ABCD,需证
平面BDE过平面ABCD的壹条垂线OE;
(2)欲求E到平面PBC的距离可转化为求直线OE到
平面的距离,进壹步转化为求点O到平面PBC的距离.
(3)利用三垂线定理作出二面角的平面角∠AGO,从而
解出∠AGO可求得∠AGO的大小.
【规范解答】证明:
(1)连结AC、BD交于O,连OE、BE、DE.
∵ABCD为菱形,∴OA=OC.
又E为PA中点,∴OE∥PC.
∵PC⊥平面ABCD,∴OE⊥平面ABCD.
又OE平面BDE,
∴平面BDE⊥平面ABCD.
(2)解:
∵OE∥PC,PC平面PBC,
∴OE∥平面PBC.
∴E到平面PBC的距离和O到平面PBC的距离相等.
∵PC⊥平面ABCD,
∴平面PBC⊥平面ABCD,
过O作OF⊥BC于F,则OF⊥平面PBC,
即OF是O到平面PBC的距离.
∵∠ABC=60°,
∴AC=AB=BC=4a,OC=2a,
∴OF=OC·sin60°=2a·=.
∴点E到平面PBC的距离为.
(3)解:
过O作OG⊥BE于G,连AG,
∵OE⊥AC,BD⊥AC,
∴AC⊥平面BDE,∴AG⊥BE.
∴∠AGO是二面角A—BE—D的平面角.
∵OE=PC=2a,OB==2,
∴BE==4a.
由三角形面积相等得:
OG=,又AO=AC=2a.
Rt△AOG中,tan∠AGO=
∴∠AGO=arctan.
∴二面角A—EB—D的平面角的大小为arctan.
【解后归纳】本题考查线线平行、垂直、线面平行和垂直、面面垂直的判定及性质,点到面的距离、二面角大小的求法,综合运用知识的能力,转化能力.
【例3】如图,设三棱锥S—ABC的三个侧棱和底面ABC所成角均是60°,又∠BAC=60°,且SA⊥BC.
(1)求证S—ABC为正三棱锥;
(2)已知SA=a,求S—ABC的全面积.
【解前点津】
(1)正棱锥的定义中,底面是正多边形;
顶点于底面上射影是底面的中心,俩个条件缺壹不可.
(2)只要求出正三棱锥S—ABC的侧高SD和底面边长,
则问题易于解决.
【规范解答】
(1)证明:
作三棱锥S—ABC的高SO,O为垂足.
连结AO且延长交BC于D.
因为SA⊥BC,所以AD⊥BC,又侧棱和底面所成的角均相等,从
而O为△ABC的外心,OD为BC的垂直平分线,
所以AB=AC.又∠BAC=60°,
故△ABC为正三角形,且O为其中心,所以S—ABC为正三棱锥.
(2)于Rt△SAO中,由于SA=a,∠SAO=60°,所以SO=,
AO=a,因O为重心,所以AD=.
BC=2BD=2ADcot60°=,OD=AD=.
于Rt△SOD中,SD2=SO2+OD2=,则.
∴SS—ABC全=
【解后归纳】求正棱锥的侧面积或全面积仍能够利用公式S正棱锥底=cosα·S正棱锥侧(α为侧面和底面所成的二面角),就本题cosα=,S△ABC=,
所以SS—ABC侧=,
∴也可求出全面积.
【例4】已知正三棱锥P—ABC底面边长为2,高也是2.
(1)求此三棱锥的全面积;
(2)过这棱锥底面的壹边作垂直于它所对棱的截面,求这个截面的面积.
【规范解答】
(1)斜高h′=,
∴S全=S侧+S底=
(2)设顶点P于底面上的射影为O,连AO且延长交BC于E,连结PE,
∴PE⊥BC,AE⊥BC,
∴BC⊥平面PAE,PA⊥BC.于平面PAE中,作ED⊥PA于D,则PA⊥截面BCD.
于△PAE中,AE=,AB=2,
∴AE=,于Rt△PAO中,PO=2,AO=,
∴PA=,∵PA·DE=AE·PO,∴DE=,
∴截面DBC的面积是.
【解后归纳】关于多面体表面积的计算,常用方法是将其表面展开成平面图形,转化为平面几何问题来解决;关于截面积的计算问题,则须根据截面的图形特征选择适当方法求之.
●对应训练分阶提升
壹、基础夯实
1.具有下列性质的三棱锥中,哪壹个是正棱锥()
A.顶点于底面上的射影到底面各顶点的距离相等
B.底面是正三角形,且侧面均是等腰三角形
C.相邻俩条侧棱间的夹角相等
D.三条侧棱相等,侧面和底面所成角也相等
2.于四棱锥的四个侧面中,直角三角形最多可能有()
A.4个B.2个C.3个D.1个
3.设棱锥的底面面积为8cm2,那么这个棱锥的中截面(过棱锥高的中点且平行于底面的截面)的面积是()
A.4cm2B.2cm2C.2cm2D.cm2
4.已知三棱锥P—ABC的六条棱长均相等,E、F分别为棱PB、PC上的点,且,,连结AE、AF、EF,则三棱锥A—EFP的体积和四棱锥A—BCFE的体积之比为()
A.1∶10B.1∶11C.1∶12D.1∶13
5.如图所示,用壹个平面去截壹个正方体,得到壹个三棱锥,于这个三棱锥中,除截面外的三个面的面积分别为S1、S2、S3,则这个三棱锥的体积为()
第5题图
A.
B.
C.
D.
6.壹个n棱锥的所有侧面和底面所成的二面角为30°,且此棱锥的底面面积为S,则它的侧面积等于()
A.B.C.D.2S
7.以三棱锥各面重心为顶点,得到壹个新三棱锥,则它的表面积是原三棱锥表面积的()
A.B.C.D.
8.俩个平行于底面的截面将棱锥的侧面积分成三个相等的部分.则此俩截面将棱锥的高分成的三段(自上而下)之比是()
A.1∶∶B.1∶(-1)∶(-1)
C.1∶(-1)∶(-)D.1∶(+1)∶(+)
9.将边长为a的正方形ABCD沿对角线AC折起,使得BD=a,则三棱锥D—ABC的体积为()
A.B.C.D.
二、思维激活
10.正四棱锥S—ABCD,已知侧棱长等于底面边长,E是SA的中点,则异面直线BE和SC所成角的余弦值等于.
11.如果三棱锥S-ABC的底面是不等边三角形,侧面和底面所成的二面角均相等,且顶点S于底面的射影O于△ABC内,那么O是△ABC的心.
12.三棱锥壹条侧棱长16cm,和这条棱相对的棱长是18cm,其余四条棱长均是17cm,则棱锥的体积是cm3.
13.三棱锥P—ABC的底面是直角三角形,∠C=90°,PA⊥底面ABC,若A到PC、PB的距离比是1∶2,则侧面PAB和侧面PBC所成的角是.
14.于正四棱锥内有壹内接正方体,这正方体的四个顶点于棱锥的侧棱上,另四个顶点于棱锥底面内,若棱锥底面边长为a,高为h,则内接正方体的棱长为.
三、能力提高
15.正三棱锥V—ABC的底面边长为a,侧棱和底面所成的角等于θ,过底面壹边作此棱锥的截面,当截面和底面所成二面角为何值时,截面面积最小?
且求出最小值.
16.如图所示,于正三棱锥S—ABC中,D、E、F分别是棱AC、BC、SC上的点,且CD=2AD,CE=2BE,CF=2SF,G是AB的中点.
(1)求证:
平面SAB∥平面DEF.
(2)求证:
SG∥平面DEF.
(3)当AB=2,SA=时,求二面角F—DE—C的大小.
17.三棱锥P—ABC中,PB⊥底面ABC于B,∠BCA=90°,PB=BC=CA=4,E为PC的中点,点F于PA上,且3PF=FA.
(1)求证:
侧面PAC⊥侧面PBC.
(2)求异面直线PA和BE所成角的大小.
(3)求三棱锥F—ABE的体积V.
18.棱长为1的正方体ABCD—A′B′C′D′的上底面对角线AC上取壹点P,过P、A′、B′三点所作的截面和底面A′B′C′D′的夹角为α,过P、B′、C′三点所作截面和底面A′B′C′D′的夹角为β,求当(α+β)最小时点P的位置.
19.正三棱锥P—ABC中,AB=a,相邻俩个侧面所成的二面角为θ.
(1)若BD⊥PC,求BD的长;
(2)求这棱锥的侧面积.
第9课棱锥习题解答
1.D根据正棱锥的性质选D.
2.A四个侧面三角形均可能是直角三角形.如底面ABCD为矩形,VA⊥平面ABCD.
3.C中截面的面积应是底面面积的,即2cm2所以选C.
4.BVA—EFP=×VP—ABC=∴VA—EFP∶VA—BCFE=1∶11.
5.C由壹点出发三条垂直的棱设为a、b、c,∴ab=S1,bc=S2,ac=S3,
V=.
6.C侧面积为.
7.C表面积比为.
8.C自上而下设高为h1、h2、h3,∴h12∶(h1+h2)2∶(h1+h1+h3)2=1∶2∶3.
∴h1∶h2∶h3=1∶(-1)∶(-).
9.DOD=OB=,S△BOD=,
∴VD—ABC=.
10.设AC的中点为O,连OE则OE∥SC,
∴cos∠OEB=.
11.内心设S于△ABC上的射影为O,由所成二面角相等可得O到△ABC三边距离相等,故O为内心.
12.576如图,取AD的中点E,连结CE,BE,
∵AC=CD=17,DE=8,CE2=172-82=225,BE=CE.
∴取BC的中点F,连结EF,EF为BC边上的高
EF=.
∴S△BCE=108,
∵AC=CD=17cm,E为AD的中点,CE⊥AD,
同理BE⊥AD,
∴AD⊥平面BCE,
∴三棱锥可分为以截面BCE为底以AE,DE为高的俩个三棱锥.
VA-BCE和VD-BCE,∴VA-BCE=2×S△BCE·AE=2××108×8=576(cm3).
13.30°PA⊥平面ABC,BC⊥AC,
∴BC⊥平面PAC,∴平面PAC⊥平面BCP.
过A作AD⊥PC于D,作AF⊥PB于F连DF,
sin∠AFD=,∴∠AFD=30°.
又∠AFD为俩侧面所成的角.
14.设棱长为x,∴,∴x=.
15.如图,∵截面△PBC中,BC=a为定值,而S=,
所以,若使S最小,只须PD最小即可,
∵VA、BC为异面直线,
∴当PD为VA、BC的公垂线时,PD的距离即为最短,
∴当PD⊥BC,PD⊥VA时,PD最短.于Rt△PDA中,
∵∠ADP=,
∴PD=AD·sinθ=,
∴S△PBC=.
16.
(1)连结CG交DE于N,连结FN.
∵CD=2AD,CE=2BE,CF=2SF,
∴CD=,CE=,CF=,即.
∴FD∥SA,FE∥SB,DE∥AB.
∴平面DEF∥平面SAB.
(2)∵平面SAB∩平面SCG=SG,平面DEF∩平面SCG=FN,∴SG∥FN.
又FN平面DEF,∴SG∥平面DEF.
(3)∵G是AB的中点,SA=SB,AC=BC.
∴CG⊥AB,SG⊥AB,CG⊥DE,FN⊥DE.
∴∠FNC是二面角F—DE—C的平面角.
∵SC=SA=,AB=2,∴CG=3,SG=.
∴cos∠SGC=,
∴∠SGC=45°,又∵∠FNC=∠SGC=45°,
∴二面角F—DE—C的大小为45°.
17.
(1)PB⊥平面ABC于B,AC平面ABC,∴PB⊥AC,又∵AC⊥BC,
∴AC⊥平面PBC,∴侧面PAC⊥平面PBC.
(2)∵PB=BC,E为PC的中点,∴BE⊥PC,
又∵平面PAC⊥平面PBC,∴BE⊥平面PAC,
∴BE⊥PA,即异面直线PA和BE所成的角为90°.
(3)∵BE⊥平面PAC,∴VB-AEF=·S△AEF·BE,
又∵AC⊥PC,∴S△ACP=·AC·PC,于Rt△PAC中,由AC=4,PC=4,
得S△APC=8,又∵E为PC的中点,
∴S△AEP=S△APC,又∵AF=3PF,∴S△AEF=S△APE,
∵S△AEF=S△ACP==3,
∴VF-ABE==4.
18.分析:
关键是先要想法构造壹个含α+β的目标函数y=f(α+β).求出目标函数tan(α+β)=后,再用壹元二次方程的判别式求出当α+β最小时点P的位置.
第18题图解
解:
如图所示,连结A′C′,于平面ACA′C′内作PE⊥A′C′于E,于底面A′C′内作
EF⊥A′B′于F.EN⊥B′C′于N,连结PF、PN,故∠PFE=α,
∠PNE=β,设EF=x,则A′F=EF,EN=FB′.
∴x+EN=1,于是tanα=,tanβ=,
∴tan(α+β)=.
设tan(α+β)=y,则有yx2-yx+y+1=0.①
∵x∈R,则方程①有实数根,故判别式为y2-4y(y+1)≥0,解得-≤y≤0,
又∵0<α+β<π,而-≤tan(α+β)≤0,且于(0,π)上正切函数是增函数.
∴当tan(α+β)取最小值-时,α+β取最小值,即(α+β)min=π-arctan,把y=-代入①式中,得x=,即A′F=EF=,EN=1-x=1-=,
说明E为A′C′中点,从而P为AC中点.故当α+β最小时点P是AC中点.
19.
(1)连AD,于△BCD和△ACD中,BC=AC,∠BCD=∠ACD,CD=CD,
∴△BCD≌△ACD,∴AD⊥PC,AD=BD.
∴∠BDA为侧面PBC和PAC所成二面角的平面角,∠BDA=θ(0<θ<π)
于△ABD中,由余弦定理得AB2=BD2+AD2-2BD·AD·cosθ,
∴BD2=.
于是BD=.
(2)取BC的中点M,连PM,则PM⊥BC,PM为正三棱锥的斜高.
PC2=PM2+CM2=PM2+①
又PC·BD=PM·BC,
∴PC2=②
从①②中消去PC2得PM2=
即PM=,
∴S侧=.